Bir Yar¬Eksen Üzerinde Sal¬n¬ml¬Çözümler:
L [y] = d
dx p(x) dy
dx + q(x)y = 0 olmak üzere,
Teorem: 0 < x < 1 yar¬sonsuz aral¬¼ g¬nda p(x) ve q(x) sürekli fonksiyonlar ve de p(x) > 0 olsun. E¼ ger a¸ sa¼ g¬daki genelle¸ stirilmi¸ s integraller ile ilgili
Z
11
dx
p(x) = + 1 ; Z
11
q(x)dx = + 1
e¸ sitlikleri geçerli oluyorsa, o takdirde (1) denkleminin her y(x) çözümü 1 < x < 1 aral¬¼ g¬nda sonsuz say¬da s¬f¬r yerine sahiptir. Benzer ¸ sekilde e¼ ger,
Z
10
dx
p(x) = + 1 ; Z
10
q(x)dx = + 1
e¸ sitlikleri geçerli oluyorsa, o takdirde (1) denkleminin herbir çözümü 0 < x < 1 aç¬k aral¬¼ g¬nda sonsuz say¬da s¬f¬r yerine sahiptir.
Örnek 1. d
dx x
1=2: dy
dx + x
1=2y = 0 denkleminin çözümlerinin 1 < x < 1 aral¬¼ g¬ndaki sal¬n¬ml¬l¬k durumunu inceleyiniz.
Çözüm: Verilen diferensiyel denklemde p(x) = x
1=2; q(x) = x
1=2olmak üzere, verilen aral¬kta p(x) ve q(x) sürekli olup, p(x) = x
1=2> 0 sa¼ glan¬r.
Z
11
dx p(x) =
Z
11
q(x)dx = Z
11
x
1=2dx = + 1
oldu¼ gundan, Teorem den dolay¬verilen denklemin a¸ sikar olmayan her y(x) reel çözümü, 1 <
x < 1 aral¬¼ g¬nda sonsuz say¬da s¬f¬r yerine sahiptir. Bu aral¬kta ikiden fazla s¬f¬r yerine sahip çözümler sal¬n¬ml¬oldu¼ gundan, bu denklemin çözümleri de sal¬n¬ml¬d¬r.
Örnek 2. d
dx (3x + 2x
3) dy dx +
"
arctan x
1 + x
2+ (ln x)
3x
#
y = 0 denkleminin reel çözümleri 1 < x < 1 aral¬¼ g¬nda sal¬n¬ml¬m¬d¬r? · Inceleyiniz.
1
Çözüm: Verilen diferensiyel denklemde p(x) = (3x + 2x
3), q(x) = arctan x
1 + x
2+ (ln x)
3x olup 1 < x < 1 için p(x) > 0 olup p(x) ve q(x) süreklidir.
Z
11
dx p(x) =
Z
11
dx
(3x + 2x
3) = + 1 Z
11
q(x)dx = Z
11
( arctan x
1 + x
2+ (ln x)
3x )dx = + 1
olduklar¬ndan Teorem den dolay¬, verilen denklemin herbir reel çözümü 1 < x < 1 aral¬¼ g¬nda sonsuz say¬da s¬f¬r yerine sahiptir. Dolay¬s¬yla çözümler sal¬n¬ml¬d¬r.
Örnek 3. y
00+ a
2y = 0 denkleminin çözümlerinin 1 < x < 1 aral¬¼ g¬ndaki sal¬n¬ml¬l¬k durumunu inceleyiniz.
Çözüm:
y
00+ a
2y = d dx
dy
dx + a
2y = 0
oldu¼ gundan p(x) = 1, q(x) = a
2den 1 < x < 1 için p(x) ve q(x) sabit fonksiyonlar olup süreklidir ve p(x) = 1 > 0 d¬r.
Z
11
dx p(x) =
Z
11
dx = lim
t!1
Z
t1
dx = + 1
Z
11
q(x)dx = Z
11
a
2dx = lim
t!1
Z
t1
a
2dx = + 1
sa¼ gland¬¼ g¬ndan, verilen denklemin herbir reel çözümü 1 < x < 1 aral¬¼ g¬nda sonsuz say¬da s¬f¬r yerine sahiptir. Dolay¬s¬yla çözümler sal¬n¬ml¬d¬r.
Örnek 2. d
dx (4x + 3x
4) dy
dx + (x
3+ 3x
2+ 1)y = 0 denkleminin reel çözümleri 1 < x < 1 aral¬¼ g¬nda sal¬n¬ml¬m¬d¬r? · Inceleyiniz.
Çözüm: Verilen diferensiyel denklemde p(x) = (4x + 3x
4), q(x) = (x
3+ 3x
2+ 1) olup
2
1 < x < 1 için p(x) > 0 sa¼ glan¬r.
Z
11
dx p(x) =
Z
11
dx
(4x + 3x
4) = + 1 Z
11
q(x)dx = Z
11
(x
3+ 3x
2+ 1)dx = lim
t!1
Z
t1