B ¨ol ¨um 4
Sabit katsay¬l¬lineer denklemler için de¼gi¸skenlerine ay¬rma yöntemi
Bu bölümde özellikle iki de¼gi¸skenli ve sabit katsay¬l¬homojen bir denklemin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümler ailesini belirleyerek,
karakteristikler yöntemi ile de çözümün elde edilebilmesi durumunda, elde editti¼gimiz çözümleri kar¸s¬la¸st¬r¬yor,
de¼gi¸slenlerine ayr¬labilir çözümlerin özel fonksiyon aileleri ile ifade edilirken, genel çözümün çok daha geni¸s bir s¬n¬f¬içerdi¼gini ve
genel çözümde seçilen uygun fonksiyonlar ile de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümlerin elde edilebildi¼gini gözlemliyoruz.
4.1 De¼gi¸skenlerine ay¬rma yöntemi
u = u(x; y) ve L sabit katsay¬l¬bir lineer operatör olmas¬durumunda
Lu = 0 (4.1)
homojen denklemini gözönüne alal¬m. ·Ikinci bölümde sadece birinci basa- maktan ve üçüncü bölümde ise sadece ikinci basamaktan türevler içeren L operatörleri için karakteristikler yöntemi ile (4.1) denkleminin çözümünün
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k tu .e d u .t r
nas¬l bulunabilece¼gini incelemi¸stik. Bu bölümde ayn¬denklemleri bir kez de de¼gi¸skenlerine ay¬rma yöntemi ile çözece¼giz ve ayr¬ca hem birinci ve hem de ikinci basamaktan terimler içeren ve karakteristikler yöntemiyle inceleyemedi¼gimiz baz¬denklemlerin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilençözümlerini elde edece¼giz.
De¼gi¸skenlerine ay¬rma yöntemi, verilen problemin her çözümünü bulmak yerine
u(x; y) = X(x)Y (y) (4.2)
biçimindeki çözümlerini ara¸st¬r¬r. Öncelikle birinci basamaktan denklemlerle ba¸slayal¬m.
ÖRNEK 4.1.
ux+ uy = 0 (4.3)
denkleminin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözüm ailelerini belirleyiniz. Elde et- ti¼giniz çözüm ailelerini karakteristikler yöntemiyle elde edece¼giniz genel çözüm ile kar¸s¬la¸st¬r¬n¬z.
(4.2) biçimde çözüm arayarak,
X0(x)Y (y) + X(x)Y0(y) = 0
veya her iki yan¬s¬f¬rdan farkl¬kabul etti¼gimiz X(x)Y (y) ile bölerek, X0(x)
X(x) + Y0(y) Y (y) = 0 veya
X0(x)
X(x) = Y0(y)
Y (y) (4.4)
elde ederiz. (4.4) ün sol taraf¬ yaln¬zca x in fonksiyonu iken sa¼g taraf ise yal- n¬z y nin fonksiyonudur ve bu durumuda söz konusu e¸sitli¼gin sa¼glanabilmesi için her ikisi de bir sabite e¸sit olmal¬d¬r, bu sabit için geleneksel olarak notasyonu kullan¬l¬r, yani
X0(x)
X(x) = Y0(y)
Y (y) = ; 2 R (4.5)
sa¼glanmal¬d¬r. Böylece (4.5) den
X0(x) + X(x) = 0; (4.6)
Y0(y) Y (y) = 0 (4.7)
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k tu .e d u .t r
baya¼g¬diferensiyel denklemlerini elde ederiz. Bu denklemlerin genel çözüm- lerini ise s¬ras¬yla key… c1; c2 sabitleri ile
X(x) = c1e x; Y (y) = c2e y
olarak elde ederiz. O halde de¼gi¸skenlerine ay¬rma yöntemi ile (4.3) için elde etti¼gimiz çözümler ailesini, c = c1c2 olmak üzere,
u = ce xe y = ce (y x) (4.8)
olarak elde ederiz.
Öteyandan 2. Bölümde inceledi¼gimiz karakteristikler yöntemi ile de ayn¬
denklemin genel çözümünü key… f fonksiyonu ile
u = f (y x) (4.9)
olarak elde ederiz. (4.8) ve (4.9) çözümlerini kar¸s¬la¸st¬rd¬¼g¬m¬zda de¼gi¸sken- lerine ay¬rma yönteminin, genel çözüm fonksiyonlar ailesinden elde edilebilen özel çözümler ailesini belirledi¼gini görüyoruz, örne¼gin (4.9) da f (x) = cex alarak (4.8) ile verilen çözümü elde ederiz.
ÖRNEK 4.2.
uxx+ uyx= 0 (4.10)
denkleminin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözüm ailelerini ve karakteristikler yön- temi ile de genel çözümünü belirleyiniz. Sonuçlar¬n¬z¬ kar¸s¬la¸st¬r¬n¬z. Ne gözlemliyorsunuz?
Çözüm.
(4.2) biçimde çözüm arayarak,
X00(x)Y (y) + X0(x)Y0(y) = 0
veya her iki yan¬s¬f¬rdan farkl¬kabul etti¼gimiz X0(x)Y (y)ile bölerek, X00(x)
X0(x) = Y0(y) Y (y) = veya
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k tu .e d u .t r
X00(x) + X0(x) = 0; (4.11)
Y0 Y = 0 (4.12)
elde ederiz. Öncelikle (4.11) den V := X0 ile V0+ V = 0 ve bu denklemi çözerek,
V = c1e x elde ederiz, o halde
X0 = V = c1e x denkleminin her iki yan¬n¬n x e göre integrali ile
X = c1
e x+ c2 elde ederiz. Benzer biçimde (4.11) den
Y = c3e y
elde ederek, de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümü, X(x) ve Y (y) nin çarp¬m¬
olarak,
u = ce y+ d= e (y x) (4.13)
biçiminde ifade edebiliriz, burada c = c2c3; d = c1c3 key… sabitlerdir.
Öte yandan verilen denkleme karakteristikler yöntemini uygulayacak olur- sak,
auxx+ buxy+ cuyy = 0 genel format¬na göre, örne¼gimiz için
a = 1; b = 1; c = 0 olup,
= b2 4ac = 1 > 0 olup, denklemimiz hiperbolik bir denklemdir ve
ax2+ bx + c = x2+ x = x(x + 1) = 0
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k tu .e d u .tr
dan köklerimizi b1 = 0; b2 = 1ve genel çözümümüzü u = F (y + b1x) + G(y + b2x)
= F (y) + G(y x) (4.14)
Elde etti¼gimiz bu çözümü de¼gi¸skenlerine ay¬rma yöntemi ile elde etti¼gimiz (4.13) ile kar¸s¬la¸st¬rd¬¼g¬m¬zda, de¼gi¸skenlerine ay¬rma yöntemi ile elde etti¼gimiz çözümün karakteristikler yöntemi ile elde edilen çözümden elde edilebilen özel bir çözüm ailesi oldu¼gunu görüyoruz:
F = ce x; G = d= e x; for ; c; d 2 R:
ÖRNEK 4.3.
uxx+ ux+ uy = 0
denkleminin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözüm ailelerini belirleyiniz.
Denklem ikinci basamaktand¬r, ancak dü¸sük basamaktan türevler de içerdi¼gi için 3. Bölümde inceledi¼gimiz karakteristikler yöntemini do¼grudan uygulaya- may¬z. (4.2) ile verilen biçimde çözüm arayarak,
X00Y + X0Y + XY0 = 0
veya her iki yan¬s¬f¬rdan farkl¬kabul etti¼gimiz X(x)Y (y) ile bölerek, X00
X +X0 X + Y0
Y = 0 veya
X00 X + X0
X = Y0 Y = ba¼g¬nt¬s¬ndan
X00+ X0+ X = 0 (4.15)
Y0 Y = 0 (4.16)
baya¼g¬diferensiyel denklemlerini elde ederiz.(4.16) denkleminin çözümleri Y (y) = e y
¸seklindeki üstel fonksiyonlard¬r.
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k tu .e d u .t r
(4.15) denkleminin çözümleri ise
X(x) = erx
¸seklinde olup, yerine yaz¬l¬rsa r de¼gerlerini r2+ r + = 0 denkleminin kökleri olarak
r1( ) = 1 +p
1 4
2 ; r2( ) = 1 p 1 4 2 elde ederiz.
< 1=4 için r1( ) ve r2( ) reel ve birbirinden farkl¬d¬r, o halde (4.15) denkleminin lineer ba¼g¬ms¬z çözüm kümesi
er1( )x; er2( )x
dir. O halde (4.2) denkleminin çözümler ailesini key… c1; c2 sabitler ile u = c1er1( )x+ c2er2( )x e y
olarak ifade edebiliriz.
= 1=4için r1( ) = r2( ) = 1=2 olup, lineer ba¼g¬ms¬z çözüm kümesi e x=2; xe x=2
dir ve key… c1; c2 sabitleri ile (4.2) denkleminin çözümler ailesini u = (c1+ c2x) e x=2ey=4
biçiminde ifade edebiliriz.
> 1=4 için r1( ) ve r2( ) kompleks e¸slenik say¬lard¬r:
r1( ) = 1 + ip
4 1
2 ; r2( ) = 1 ip
4 1
2
Bu durumda (4.2) denkleminin çözümler ailesini key… c1; c2 sabitleri ile u = e 1=2x c1cos(
p4 1
2 x) + c2sin(
p4 1
2 x) e y biçiminde ifade edebiliriz.
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k t u .e d u .tr
ÖRNEK 4.4.
ut = auxx; a > 0
¬s¬denkleminin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözüm ailelerini belirleyiniz.
u = X(x)T (t) (4.17)
biçiminde de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümleri ara¸st¬ral¬m. Bu çözüm for- munu denklemde yazarak,
X(x)T0(t) = aX00(x)T (t)
veya her iki yan¬s¬f¬rdan farkl¬kabul etti¼gimiz aX(x)T (t) ile bölerek, T0(t)
aT (t) = X00(x) X(x) = ba¼g¬nt¬s¬n¬düzenleyerek
X00(x) + X(x) = 0 (4.18)
T0(t) + aT (t) = 0 (4.19)
denklemlerini elde ederiz. (4.19) denkleminin bir çözümü T (t) = e at
olup, di¼ger çözümleri de sabit katlar¬d¬r. sabitinin pozitif, s¬f¬r veya negatif olmas¬durumuna göre problemimizin çözümünü formüle edebiliriz.
> 0ise formüllerimizde köklü ifadelerin yer almamas¬için = k2; k >
0 olarak yazabiliriz. Böylece (4.18) denklemi X00(x) + k2X(x) = 0
olarak ifade edilebilir. Bu denklemin lineer ba¼g¬ms¬z çözüm kümesi fsin(kx); cos(kx)g
dir. O halde (4.17) çarp¬m¬ ile tan¬mlanan çözümümüzü key… c1; c2 sabitleri ile
u(x; t) = (c1sin(kx) + c2cos(kx))e ak2t
biçiminde ifade edebiliriz. Bu çözümün t ! 1 için u ! 0 özelli¼gini sa¼glad¬¼g¬n¬kolayca görürüz.
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k tu .e d u .t r
= 0 ise
X00(x) = 0
denklemini elde ederiz ki bu denklemin lineer ba¼g¬ms¬z çözümleri f1; xg
dir. O halde çözümümüzü key… c1; c2 sabitleri ile u(x; t) = c1+ c2x
biçiminde ifade edebiliriz. Bu çözümü verilen ¬s¬denkleminin zamanla de¼gi¸smeyen, yani
ut= 0
ba¼g¬nt¬s¬n¬sa¼glayan çözümü olarak yorumlayabiliriz.
< 0 ise formüllerimizde köklü ifadelerin yer almamas¬ için = k2; k > 0 olarak yazabiliriz. Böylece (4.18) denklemi
X00(x) k2X(x) = 0
olarak ifade edilebilir. Bu denklemin lineer ba¼g¬ms¬z çözüm kümesi e kx; ekx
dir, ancak ilerleyen bölümlerimizde s¬n¬r-de¼ger problemleri için daha uygun oldu¼gu gerekçesiyle bu küme yerine, bu kümenin elemanlar¬yar- d¬m¬yla elde edilebilen
sinh(kx) = ekx e kx
2 ; cosh(kx) = ekx+ e kx 2 ile tan¬mlanan
fsinh(kx); cosh(kx)g
kümesini dikkate alaca¼g¬z. O halde (4.17) çarp¬m¬ile tan¬mlanan çözümümüzü key… c1; c2 sabitleri ile
u(x; t) = (c1sinh(kx) + c2cosh(kx))eak2t
biçiminde ifade edebiliriz. Bu çözümün t ! 1 için u ! 1 özelli¼gini sa¼glad¬¼g¬n¬ve dolay¬s¬yla …ziksel özellik sa¼glamad¬¼g¬n¬ifade edebiliriz.
Çünkü ¬s¬denklemi olarak dü¸sündü¼gümüzde denklem hiç bir ¬s¬kayna¼g¬
içermezken bu durum …ziksel olarak kabul edilebilir de¼gildir, denklem s¬cak olan bölgelerdeki ¬s¬y¬daha dü¸sük s¬cakl¬k bölgelerine difüze eder, kendili¼ginden ¬s¬üretmez!
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k t u .e d u .tr
ÖRNEK 4.5.
utt = c2uxx
dalga denkleminin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümünü belirleyiniz.
u = X(x)T (t) (4.20)
biçiminde de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümleri ara¸st¬ral¬m. Bu çözüm for- munu denklemde yazarak,
X(x)T00(t) = c2X00(x)T (t)
veya her iki yan¬s¬f¬rdan farkl¬kabul etti¼gimiz c2X(x)T (t) ile bölerek, T00(t)
c2T (t) = X00(x) X(x) = ba¼g¬nt¬s¬n¬düzenleyerek
X00(x) + X(x) = 0 (4.21)
T00(t) + c2T (t) = 0 (4.22)
denklemlerini elde ederiz. sabitinin pozitif, s¬f¬r veya negatif olmas¬duru- muna göre problemimizin çözümünü formüle edebiliriz.
> 0ise formüllerimizde köklü ifadelerin yer almamas¬için = k2; k >
0 olarak yazabiliriz. Böylece denklemlerimiz X00(x) + k2X(x) = 0 T00(t) + k2c2T (t) = 0
olarak ifade edilebilir. Bu denklemlerin lineer ba¼g¬ms¬z çözüm kümesi s¬ras¬yla
fsin(kx); cos(kx)g ; fsin(kct); cos(kct)g
dir. O halde (4.20) çarp¬m¬ile tan¬mlanan çözümümüzü key…c1; c2; c3; c4 sabitleri ile
u(x; t) = (c1sin(kx) + c2cos(kx))(c3sin(kct) + c4cos(kct)) biçiminde ifade edebiliriz.
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k t u .e d u .tr
= 0 ise
X00(x) = 0; T00(t) = 0
denklemlerini elde ederiz ki bu denklemlerin lineer ba¼g¬ms¬z çözümleri s¬ras¬yla
f1; xg ; f1; tg
dir. O halde çözümümüzü key… c1; c2; c3; c4 sabitleri ile u(x; t) = (c1+ c2x)(c3+ c4t) biçiminde ifade edebiliriz.
< 0 ise formüllerimizde köklü ifadelerin yer almamas¬ için = k2; k > 0olarak yazabiliriz. Böylece (4.21),(4.22) denklemleri s¬ras¬yla
X00(x) k2X(x) = 0 T00(t) k2c2T (t) = 0
olarak ifade edilebilir. Bu denklemlerin lineer ba¼g¬ms¬z çözüm kümesi s¬ras¬yla
fsinh(kx); cosh(kx)g ; fsinh(kct); cosh(kct)g
dir. . O halde (4.20) çarp¬m¬ile tan¬mlanan çözümümüzü key…c1; c2; c3; c4 sabitleri ile
u(x; t) = (c1sinh(kx) + c2cosh(kx))(c3sinh(kct) + c4cosh(kct)) olarak elde ederiz.
ÖRNEK 4.6. Yukar¬da Örnek 4.5 ile > 0 için elde edilen de¼gi¸skenlerine ayr¬labilir çözüm ailesinin bir eleman¬n¬n, örne¼gin
c1 = c2 = c3 = c4 = 1
seçene¼gi ile elde edilen çözümünü, D’Alembert çözümü ile kar¸s¬la¸st¬r¬n¬z.
De¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözüm hangi ba¸slang¬ç de¼gerleri ile D’Alembert çö- zümüne kar¸s¬l¬k gelmektedir?
Belirtilen parametre seçimleri ile yukar¬da elde etti¼gimiz u(x; t) = (sin(kx) + cos(kx))(sin(kct) + cos(kct))
= cos(k(x ct)) + sin(k(x + ct)) (4.23)
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k t u .e d u .tr
çözümünü göz önüne alal¬m. Bu çözümün x ct = sabit; x + ct = sabit karakteristikleri boyunca sabit olan dalga denklemi çözümü oldu¼gu aç¬kça görülmektedir.
Ayr¬ca bu çözümün
utt = c2uxx; u(x; 0) = f (x) ut(x; 0) = g(x)
ba¸slang¬ç de¼ger probleminin
u(x; t) = 1
2(f (x + ct) + f (x ct)) + 1 2c
x+ctZ
x ct
g(s)ds (4.24)
D’alembert çözümü ile ili¸skisini incelemek istiyoruz. (4.23) den
u(x; 0) = f (x) = sin(kx) + cos(kx) (4.25) ut(x; 0) = g(x) = kc (sin(kx) + cos(kx)) (4.26) elde ederiz. ¸Simdi D’alembert çözümünün (4.23) i verdi¼gini görmek istiyoruz.
Bu nedenle formülde yer alan ifadeleri hesaplamaya çal¬¸sal¬m:
f (x + ct) = sin(k(x + ct)) + cos(k(x + ct))
= sin(kx) cos(kct) + cos(kx) sin(kct) + cos(kx) cos(kct) sin(kx) sin(kct) f (x ct) = sin(k(x ct)) + cos(k(x ct))
= sin(kx) cos(kct) cos(kx) sin(kct) + cos(kx) cos(kct) + sin(kx) sin(kct) ifadelerinden
1
2(f (x + ct) + f (x ct))
= sin(kx) cos(kct) + cos(kx) cos(kct)
= sin(k(x + ct)) (4.27)
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k tu .e d u .t r
elde ederiz. Ayr¬ca gerekli cebirsel i¸slemler sonucunda 1
2c
x+ctZ
x ct
g(s)ds
= k 2
x+ctZ
x ct
(sin(ks) + cos(ks)) ds
= 1
2[ cos(ks) + sin(ks)]x+ctx ct
= cos(kx) sin(kct) + sin(kx) sin(kct)
= cos(k(x ct)) (4.28)
elde ederiz. (4.27) ve (4.28) ile elde etti¼gimiz sonuçlar¬toplayarak u(x; t) = sin(k(x + ct)) + cos(k(x ct))
elde ederiz ki bu sonuç de¼gi¸skenlerine ay¬rma yöntemi ile elde etti¼gimiz (4.23) ile ayn¬d¬r.
ÖRNEK 4.7. Sönümlü dalga denklemi olarak bilinen utt+ ut= c2uxx; > 0; 1 < x < 1 denkleminin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümlerini belirleyiniz.
u = X(x)T (t) (4.29)
biçiminde de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümleri ara¸st¬ral¬m. Bu çözüm for- munu denklemde yazarak,
X(x)T00(t) + X(x)T0(t) = c2X00(x)T (t)
veya her iki yan¬s¬f¬rdan farkl¬kabul etti¼gimiz c2X(x)T (t) ile bölerek, T00(t)
c2T (t)+ c2
T0
T = X00(x) X(x) = ba¼g¬nt¬s¬n¬düzenleyerek
X00(x) + X(x) = 0 T00(t) + T0(t) + c2T (t) = 0
denklemlerini elde ederiz. sabitinin pozitif, s¬f¬r veya negatif olmas¬duru- muna göre problemimizin çözümünü formüle edebiliriz.
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k t u .e d u .tr
> 0ise formüllerimizde köklü ifadelerin yer almamas¬için = k2; k >
0 olarak yazabiliriz. Böylece denklemlerimiz
X00(x) + k2X(x) = 0 (4.30) T00(t) + T0(t) + k2c2T (t) = 0 (4.31) (4.30) denklemin lineer ba¼g¬ms¬z çözüm kümesi
fsin(kx); cos(kx)g
dir. (4.30) denkleminin lineer ba¼g¬ms¬z çözüm kümesi ise
= 2 4k2 nin i¸saratine göre de¼gi¸sir.
–e¼ger > 0 ise > 0 oldu¼gu için > 2k sa¼glanmal¬d¬r. Bu durumda
r1;2 =
p 2 < 0
olup (4.31) denkleminin lineer ba¼g¬ms¬z çözüm kümesi er1t; er2t
dir ve (4.29) ile tan¬mlanan çözümümüzü key… c1; c2; c3; c4 sabitleri ile
u = (c1sin(kx) + c2cos(kx))(c3er1t+ c4er2t)
olarak ifade edebiliriz.Bu çözümden t ! 1 için u ! 0 elde ederiz ki bu sonuç sönümlü dalga denkleminin beklenen özelli¼gidir. Bu durumda dalga hareketi sal¬m yapmadan söner ki budurum a¸s¬r¬
sönüm olarak adland¬r¬l¬r.
–e¼ger = 0 ise bu durumda
r1 = r2 = 2
olup, (4.31) denkleminin lineer ba¼g¬ms¬z çözüm kümesi e t=2; te t=2
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k tu .e d u .t r
dir ve (4.29) ile tan¬mlanan çözümümüzü key… c1; c2; c3; c4sabitleri ile
u = (c1sin(kx) + c2cos(kx))(c3e t=2+ c4te t=2)
olarak ifade edebiliriz. Bu çözümden de t ! 1 için u ! 0 elde ederiz.
–e¼ger < 0 ise > 0 oldu¼gu için 0 < < 2k sa¼glanmal¬d¬r. Bu durumda
r1;2 = ip 2
olup (4.31) denkleminin lineer ba¼g¬ms¬z çözüm kümesi
e =2tsin(
p
2 t); e =2tcos(
p 2 t)
dir ve (4.29) ile tan¬mlanan çözümümüzü key… c1; c2; c3; c4sabitleri ile
u = e =2t(c1sin(kx)+c2cos(kx))(c3cos(
p
2 t)+c4sin(
p 2 t)) olarak ifade edebiliriz. Bu çözümden t ! 1 için zaman ekseni boyunca sal¬n¬ml¬sönüm ad¬verilen bir dalga pro…li olu¸sur, yani yine u ! 0 d¬r, fakat > 0 durumuna k¬yasla sönüm yava¸sça ve sal¬n¬m yaparak gerçekle¸sir.
< 0 ve = 0 durumunda da çözümleri belirleyebilir ve t ! 1 için çözüm davran¬¸s¬n¬belirleyebiliriz(Al¬¸st¬rma 10).
Gözlem 4.1.
Özetle bu bölümde, sabit katsay¬l¬ ve
auxx+ buxy + cuyy+ dux+ euy+ f u = 0
ile verilen lineer ve homojen bir denklemin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümler ailesinin nas¬l elde edilebilece¼gini inceledik.
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k t u .e d u .tr
Deklemin sadece birinci basamktan türevleri içeren alt s¬n¬f¬n¬2. Bölümde ve sadece ikinci basamaktan türevler içeren alt s¬n¬f¬n¬ise 3. Bölümde karakteristikler yöntemi yard¬m¬yla incelemi¸stik.
Karakteristikler yönteminin de uygun oldu¼gu durumlarda elde etti¼gimiz çözümleri kar¸s¬la¸st¬rarak, de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümlerin genel çözüm içerinde özel bir alt aileye kar¸s¬l¬k geldi¼gini gözlemledik.
Genel çözüm ba¼g¬ms¬z de¼gi¸skenlerin uygun lineer kombinasyonlar¬n¬n key… fonksiyon ailesi olarak ifade edilirken , de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümler ise, her birisi bir baya¼g¬diferensiyel denklem çözümleri olarak, özel e¼gri ailelerinin çarp¬mlar¬ndan olu¸smaktad¬r.
De¼gi¸skenlerine ay¬rma yönteminin bir avantaj¬, de¼gi¸sik basamaktan türev içeren ve karakteristikler yönteminin uygun olmad¬¼g¬ problemlere ait özel çözüm ailelerinin de elde edilmesine imkan sa¼glamas¬d¬r.
Bir di¼ger avantaj¬ ise özel fonksiyonlar içeriyor olmas¬ ve dolay¬s¬yla çözüm hakk¬nda daha öz bilgi veriyor olmas¬d¬r. Bu özellik, ileride inceleyece¼gimiz üzere sonlu bölge problemlerinde verilen ilave bilgiler yard¬m¬yla istenilen çözümü kolayca seçebilmemize imkan sa¼glamak- tad¬r. Oysa en genel çözümden verilen yan bilgileri sa¼glayan çözümü seçmek her zaman kolay veya bazen de mümkün olmayabilir.
De¼gi¸skenlerine ay¬rma yöntemini homojen denkleme veya verilen bir denklemin homojen k¬sm¬na uygulayabiliriz, oysa karakteristikler yön- teminde böyle bir k¬s¬tlama yoktur.
Al¬¸st¬rmalar 4.1.
1. u = u(x; y); ve a; b; c sabitler olmak üzere (a)
aux+ buy = cu
de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözüm ailesini belirleyiniz.
(b) Elde ett¼giniz çözüm ailesini 2. Bölümde karakteristikler yöntemi ile elde etti¼gimiz genel çözüm ile kar¸s¬la¸st¬r¬n¬z.
(c) Genel çözümdeki key… fonksiyonun uygun seçimi ile de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümü elde edebilir misiniz?
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k t u .e d u .tr
2. u = u(x; y) olmak üzere (a)
uxx u = 0
denklemlerin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözüm ailesini belirleyiniz.
(b) Elde etti¼giniz çözümü 1. Bölümde baya¼g¬ diferensiyel denklem çözüm yöntemi ile elde etti¼gimiz genel çözüm ile kar¸s¬la¸st¬r¬n¬z.
Genel çözümdeki key… fonksiyonun uygun seçimi ile de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümü elde edebilir misiniz?
3. u = u(x; y) olmak üzere (a)
uxx ux 6u = 0
denkleminin baya¼g¬ diferensiyel denklem yöntemiyle genel çözü- münü elde ediniz.
(b) Verilen denklemin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümü ailesini elde ediniz.
(c) Genel çözümdeki key… fonksiyonun uygun seçimi ile de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözüm ailesini elde edebilir misiniz?
4. u = u(x; y) olmak üzere (a)
uyy 3uy+ 2u = 0
denkleminin baya¼g¬ diferensiyel denklem yöntemiyle genel çözü- münü elde ediniz.
(b) Verilen denklemin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözüm ailesini elde ediniz.
(c) Genel çözümdeki key… fonksiyonun uygun seçimi ile de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözümü elde edebilir misiniz?
5. u = u(x; y) olmak üzere
uxx+ uy = 0
denkleminin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözüm ailesini belirleyiniz.
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k tu .e d u .tr
6. u = u(x; y) olmak üzere (a)
uxx+ uyy = 0
Laplace denkleminin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözüm ailesini be- lirleyiniz.
(b) Parametrelere özel de¼ger vererek elde edece¼giniz herhangi özel çözümü belirleyiniz.
(c) Belirledi¼giniz özel çözümü genel çözümde uygun olarak seçece¼giniz F ve G fonksiyonlar¬yard¬m¬yla elde ediniz?
7. u = u(x; y) olmak üzere Helmholtz denklemi olarak bilinen uxx+ uyy = k2u
denkleminin de¼gi¸skenlerine ayr¬labilen çözüm ailesini belirleyiniz.
8. u = u(x; t) olmak üzere
ut+ cux = uxx
denklemine adveksiyon-difüzyon denklemi ad¬verilir. Bu denklemin vt= vxx
ile verilen difüzyon denklemini sa¼glayan v = v(x; t) fonksiyonu ile u = eat+bxv
biçiminde çözümüne sahip olabilmesi için a ve b yi c sabiti cinsinden belirleyiniz.
9. Soru 7 ye de¼gi¸skenlerine ay¬rma yöntemini do¼grudan uygulayarak elde etti¼giniz sonucu kar¸s¬la¸st¬r¬n¬z.
10. Örnek 4.7 de göz önüne ald¬¼g¬m¬z
utt+ ut= c2uxx; > 0; 1 < x < 1
sönümlü dalga denkleminin < 0 ve = 0 için de¼gi¸skenlerine ayr¬la- bilen çözüm ailelerini belirleyiniz. Elde etti¼giniz çözümlerin t ! 1 için davran¬¸s¬n¬inceleyiniz.
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k tu .e d u .t r
[1] Duchateau, P., Zachmann D, Applied Partial Di¤erential Equations, Dover Pub., New York, 1989.
[2] Coleman, P. Matthew, An introduction to Partial Di¤erential Equations with MATLAB, Chapman& Hall/CRC, 2004.
[3] Coskun, E. Maxima ile Sembolik Hesaplama ve Kodlama, http://erhancoskun.com.tr
K a ra d e n iz Te k n ik M a t e m a t ik , e rh a n @ k tu .e d u .t r