1
Uyarı 1:
Sinüs ve Kosinüs sürekli fonksiyonlar oldukları için, her noktada limit aranırken o nokta fonksiyonda yerine konur, çıkan değer fonksiyonun o noktadaki limitini verir.olmak üzere,
lim lim
x asinx sina ve x acosx cosa
1.
lim sin
0x
x
=
2
lim sin
x
x
lim sin
x
x
3 2
lim sin
x
x
2.
limcos
0x
x
2
lim cos
x
x
limcos
x
x
3 2
lim cos
x
x
3.
3
lim sin
x
x
5 4
lim sin
x
x
4.
7 6
lim cos
x
x
5 3
lim cos
x
x
Uyarı 2:
Tanjant ve Kotanjant fonksiyonları iki trigonometrik fonksiyonun oranı şeklindeyazılabildikleri için, paydalarını sıfır yapan noktalar için limit aranırken soldan ve sağdan limite bakılır.
Bunun dışındaki her noktada limit aranırken tıpkı sinüs ve kosinüste olduğu gibi; o nokta fonksiyonda yerine konur, çıkan değer fonksiyonun o noktadaki limitini verir.
olmak üzere,
lim
x atanx tana
5.
lim tan
0x
x
=
lim tan
x
x
4
lim tan
x
x
2 3
lim tan
x
x
7 3
lim tan
x
x
7 4
lim tan
x
x
olmak üzere
lim
x acotx cota
6.
2
lim cot
x
x
3 2
lim cot
x
x
3
lim cot
x
x
5 6
lim cot
x
x
5 12
lim cot
x
x
5 3
lim cot
x
x
2
Uyarı 3:
Tanjant ve kotanjant fonksiyonlarının kritik noktaları paydalarını sıfır yapan değerlerdir. Bu noktalar- da limit aranırken sağdan ve soldan limitlere bakılır.Tanjant için kritik noktalar nin tam sayı katlarıdır.
Kotanjant için kritik noktalar nin tek sayı katlarıdır. Bu nedenle bu noktalarda sağdan ya da soldan limit soru- luyorsa; Cevap ya ya da olur. Bu noktalarda sağdan ya da soldan limit değil, bu nokta da limit soruluyorsa birbirine eşit çıkmayacağı için limit yoktur denir.
7.
0
lim tan
x
x
0
lim tan
x
x
lim tan
0x
x
lim tan
x
x
lim tan
x
x
lim tan
0x
x
8.
2
lim cot
x
x
2
lim cot
x
x
2
lim cot
x
x
3 2
lim cot
x
x
3 2
lim cot
x
x
3 2
lim cot
x
x
Teorem:
0
lim sin 1
x
x
x İspat:
( ) ( ) ( )
Alan AOB Alan AOD Alan COD
1 1 sin
sin .cos .
2 2 2 cos
x x
x x
x
her tarafı
1
2 sin x
e bölelim,1
cos sin cos
x x
x x
çarpmaya göre terslerini alalım,
1 sin cos cos
x x
x x
0
lim cos 1
x
x
olduğu için,sin
1 x 1
x
olur.Buradan
0
lim sin 1
x
x
x
olduğu görülür.3
Sonuçlar:
1. 0
lim tan 1
x
x
x
2.0
lim sin
x
ax a
bx b
3.0
lim sin sin
x
ax a bx b
4.
0
lim tan
x
ax a
bx b
5.0
lim tan tan
x
ax a bx b
6.
0
lim tan sin
x
ax a bx b
7.0
lim sin tan
x
ax a bx b
İspatlar:
1. 0 0 0
sin
tan cos sin 1
lim lim lim . 1
cos
x x x
x
x x x
x x x x
0
lim 1 1
cos
x
x
2.
0 0 0. sin
sin sin
lim lim lim
x x x
ax ax
ax ax ax ax a
bx bx bx ax b
0
lim sin 1
x
ax
ax
3. 0
0 0
0
sin sin
. lim
lim sin lim .
sin sin
sin . lim
x
x x
x
ax ax
ax ax ax ax ax a
bx bx
bx bx bx b
bx bx
4.
0 0 0sin
tan cos sin 1
lim lim lim .
cos
x x x
ax
ax ax ax a
bx bx bx ax b
0
lim sin
x
ax a
bx b
(sonuç2)
0
lim 1 1
cos
x
ax
5.
0 0 0 0sin
tan cos sin cos
lim lim lim .lim
tan sin sin cos
cos
x x x x
ax
ax ax ax bx a
bx bx bx ax b
bx
0
lim sin ( 3)
sin
x
ax a sonuç bx b
0
cos cos 0 1
lim 1
cos cos 0 1
x
bx
ax
6.
0 0 0 0sin
tan cos sin 1
lim lim lim .lim
sin sin sin cos
x x x x
ax
ax ax ax a
bx bx bx ax b
7.
0 0 0 0sin sin sin
lim lim lim .lim cos
tan sin sin
cos
x x x x
ax ax ax a
bx bx
bx bx b
bx
Standart örnekler
1.
sin( )
lim
x ax a x a
2. 0
sin( 3 ) lim
4
x
x x
3.
2 0 2
sin 3 lim
x
x
x
4.
3
0 3
sin 4 lim
xx
x
4 5.
5 0 4
lim sin
x
x
x
6.
4 0 6
lim sin
x
x
x
7.
3 0 4
lim sin
x
x
x
8. 0
sin 9 lim
xtan 4 x
x
9.
0
sin 63 tan 24
lim
xtan 7 6
x x
x x
10. 0
sin 3
tan( 9 ) 2
lim
xsin 2 tan 3 x x
x x
11. 0
sin 5 3 lim
x6 tan 2 x x
x x
12.
0
sin 7 sin 5 lim
xsin 5 sin
x x
x x
13.
0
tan 21 sin 33 lim
x9 tan 3
x x
x x
14.
0
lim sin sin 3
x
x
x
15.
0
tan16 lim
xsin 5
x
x
16. 3
2
sin( 2)
lim
x8
x
x
5 Sinüs içeren
0
0
belirsizlikleri için standart soruların nasıl çözüleceğini öğrendik. Şimdi kosinüs içeren0
0
belirsizliklerinin çözüm yolunu öğreneceğiz.17.
2
lim cos 2
x
x
x
Çözüm:x 2 h diyelim. Buradan
x 2 h olur. Soru şu şekle döner.
0
cos( )
lim 2
h
h h
0
lim sinh 1
h
h
18.
3
cos 2
lim 3
x
x
x
Çözüm:
3
x h diyelim. Buradan x 3 h ve
3 3
2 2 2 2
x h h
ayrıca,
3
x iken h x 3 3 3 0 olur.
Bulduklarımızı soruda yerine koyduğumuzda soru şu şekle döner
.
0
cos( 3 )
2 2
lim
h
x
h
0
sin 2 1
lim
h2
h
h
19. 2
cos 3 lim 4
2
x
x
x
Çözüm:
2
x h
diyelim.x 2 h
ve
3 3 3 3
4 4 2 2 4
x h
h
ayrıca2
x iken h x 2 2 2 0 olur.
Bulduklarımızı soruda yerine koyduğumuzda soru şu şekle döner.
0
3 3
cos 2 4
lim
hh
h
0
sin 3 4 3
lim
h4
h
h
20.
2
lim cos5 2
x
x
x
Çözüm:x 2 h diyelim. Buradan
x 2 h ve
5 5. 5 5
2 2
x h h
ayrıca,
x 2
iken 0
2 2 2
h x
olur.
Bulduklarımızı soruda yerine koyduğumuzda soru şu şekle döner
.
0
cos( 5 5 ) lim 2
h
h h
0
sin 5
lim 5
h
h
h
6 Standart soruların dışında daha fazla işlemle
çözülebilecek sorular için birden fazla çözüm yolu göstereceğiz. Fakat daha önce bu soruların çözümlerinde kullanacağımız trigonometrik özdeşlikler ve iki kat formüllerinden bahsetmemiz gerekir.
Trigonometrik özdeşlikler:
2 2
sin x cos x 1
2 2
2 2
sin 1 cos
cos 1 sin
x x
x x
İki Kat Formülleri:
sin 2 x 2sin .cos x x
2 2
2
2
cos 2 cos sin
cos 2 2cos 1
cos 2 1 2sin
x x x
x x
x x
Son iki formülden çıkan sonuçlar daha çok kullanılacak
2
2
1 cos 2 2cos 1 cos 2 2sin
x x
x x
Ben aklımda şöyle tutuyorum. Kosinüs kendine torpil geçiyor 1 artılı formülü kendi alıyor. 1 Eksili formülü sinüse bırakıyor. Fakat tüm pratik cümlelerime rağmen ezbere söyleyemem diyenler için de oğlum Can Bartu’nun kaçamak cevabını verelim. Eşitliğin sol tarafında 1 yerine
sin
2x cos
2x
,cos2x yerine de
cos
2x sin
2x
yazılırsa yukarıdaki son iki formül elde edilir.
Yarım Açı Formülleri:
Yukarıdaki son iki formülde 2x yerine x ve eşitliğin öbür tarafındaki x yerine
2
x yazdığımızda yarım açı formüllerini elde etmiş oluruz.
2
2
1 cos 2 cos 2
1 cos 2sin
2 x x
x x
Artık yukarıda bahsettiğimiz çözüm yollarına geçebiliriz.
Bunu, bir soru yazıp üç farklı yolla çözerek yapacağız.
21. 2
0
1 cos lim
xx
x
Çözüm:
I.yol
Pay ve paydayı
1 cos x in eşleniği olan 1 cos x ile çarpalım.
0 2
1 cos 1 cos
lim .
1 cos
x
x x
x x
2
0 2
1 cos 1
lim .
1 cos
x
x
x x
2
0 2 0
sin 1 1 1
lim lim 1.
1 cos 1 1 2
x x
x
x x
II.yol
Yukarıda gösterdiğimiz yarım açı formüllerini burada kullanalım.
2 2
2 2 2
0 0 0
2sin 2sin
1 cos 2 2
lim lim lim
4. 4
x x x
x x
x
x
x x
2
2 0
2 lim sin 2 1 .1 1
4 2 2
2
x
x
x
III.yol (L’ Hospital Kuralı)
Şu anda Türev almayı bilmiyorsanız bu çözümü geçebilirsiniz. Türev konusunda ispat edeceğiz
0
0
belirsizliklerini
n
çözümü için Fransız matematikçi L’ Hospital’in kendi adıyla anılan yöntemini kullanacağız.Yöntem şöyle; pay ve paydanın ayrı ayrı türevi alınır, daha sonra limit bulunur, tekrar
0
0
belirsizliği çıkarsa aynı işlem tekrar edilir.
0 2 0 0
1 cos
0 sin sin 1
lim lim lim
2 2 2
x x x
d x
x x
dx
d x x x
dx