1/10
Diferansiyel Denklemler II Çalışma Soruları –1
10.03.2014A. Aşağıda verilen denklemlerin; “mertebe düşürme metodu kullanarak, hangi sınıflandır- maya ait olduğunu belirleyiniz! “ yanlarında koşul var ise, istenen koşulu sağlayan çözümünü”, “koşul yok ise, tüm çözümlerini bulunuz.
1. yxy3 , y(0)0 , y(0) 1 2. ycosxy
3. y , y y(0)1 , y(0) 1 4. xyyxy22yy
5. y e2 y
6. yyy215y2 x
7. y2xy2y, y(0)2, y(0) 1 8. x y y3 x yy2 x y2 22xyyx2y2
B. x y3 y3 denklemini mertebe düşürme metodu kullanarak, hangi sınıflandırmaya 0 ait olduğunu belirleyiniz! denklemin çözümünü veren içinde yalnızca bir tane integral işleminin olduğu integral denklemine kadar indirgeyiniz.
a Soruları –1
2/10 Not: Çözümler-Yol göstermeler kontrol amaçlıdır, yazım hatası - eksiklikler vs.. olabilir..
kendi çözümlerinizle mutlaka karşılaştırınız..
Çözümler…
(son güncelleme : 10.03.2015)
İki veya daha yüksek mertebeden Dif. Denk. için: Mertebe düşürme yöntemi Sınıflandırmaları
S-A. F x y y
, , ,...,y( )n
: En genel formda n.mertebeden Adi Dif.Denk. 0 S-A1.
, , ,..., ( )n
m
, , ,..., ( )n
F x ty ty ty t F x y y y
özelliğine sahip
: Aranan fonks ve türevlerine göre HOMOJEN
yezdx
zz x( )
dönüşümü yapılır.S-A2.
, k , k 1 ,..., k n ( )n
m
, , ,..., ( )n
F tx t y t y t y t F x y y y
özelliğine sahip
: Genelleştirilmiş HOMOJEN
x et
yani, tnx
, yzekt dönüşümü yapılır.
zz t( ) :yeni aranan fonks., : t yeni bağımsız değişken
S-A3. F x y y
, , ,...,y( )n
dxd
x y y, , ,...,y(n1)
şeklinde yazılabilen mevcut S-B.F x y
, ,...,y( )n
0Aranan fonksiyonu içermeyen
y dy z
dx , y dz z
dx ,…,
( )n (n 1)
y z dönüşümü yapılır
zz x( )
.S-B1. y( )n f x( ) : ard-arda n kez integralini alarak çözüm elde edilir.
Çalışma Soruları –1
3/10 S-B2. y( )n f y
(n1)
: y(n1) dönüşümü yapılır z
zz x( )
.S-B3. y( )n f y
(n2)
: önce y(n2) dönüşümü yapılır z
zz x( )
.2 2
( ) ( 2)
2 2
n d n d z
y y z
dx dx
olur
z f z
denklemi elde edilir. d z
f z dx
, her taraf 2z ile çarpılır
( )2 .
2 2 .
dz
d z dx
z d z z f z dx
integral işlemi
z 2 2
f z dz
c1 z .2
f z dz
c1 (Değiş.Ayr.)
1 21 .2
x c f z dz c
şeklinde devam edilerek çözüm aranır.S-C.
F y y
, ,...,y( )n
0Bağımsız değişkeni içermeyen
y dy p
dx , dönüşümü yapılır.
2 2
p p
d z dp dp dy dp
y p pp
dx dy dx dy dx
,…
ÇözümA1. S-B den çözebiliriz: y dy z
dx , y dz z
dx
z xz3 ( z ile x arasında denk.) (değiş.ayr.)
3
1 dz xdx
z 1
2 2
1
2 2
2
c x
z 12 2 1
2 2
2
c x
z
1 2
2
z 1
x c
1 2
. 1 z
x c
... (1) elde edilir.
Başlangıç koşullarından önce c i bulup sonra çözüme devam edelim. 1
(0) 0 , (0) 1
yani y 0 için y 0 , 1...
x y y
1
. 1
1 0 c
a Soruları –1
4/10 . 1 2
1
z y
x
y arcsin( )x . Başlangıç koşullarından c2 c 2 yi bulalım.
0 c2 arcsin 0 c2 bulunur. 0
ÇözümA2. S-B den çözebiliriz: y dy z
dx , y dz z
dx
cosz x ( z ile x arasında denk.)( değiş.ayr.) z
(z0) 1 1 dz cos dx
z x .. . .. 1 . .. 1. cos tan
n z n x n c
x
1
1 tan
(cos )
z y c x
x
1 1 sin
cos .
( x)
dy c dx
x
1 sin 1 sin2
cos (c
. .
os )(1 sin )
. .
x x
dx dx
x x x
(cos )(1 sicos2 .. x n )
x x dx
.1 sincosxx.dx n. .1 sin x. k1
ÇözümA3. S-C den S-A1 den veya S-B3 den çözebiliriz: y dy p
dx , dp dp dy
y p p
dx dy dx
dp p
dy
pp ( p ile y arasında denk.)( değiş.ayr.) y
pdp ydy 1
2 2
2 2 2
c
p y
p .c1y2 ... (2) elde edilir.
Başlangıç koşullarından önce c i bulup sonra çözüme devam edelim. 1 O halde istenilen çözüm : y arcsinx
2 1 1
c c k diyelim
y c2 c n1 .1 sin x. Genel Çözüm
Çalışma Soruları –1
5/10 (0) 1 , (0) 1
yani y 0 için y 1 , 1...
x y y
1 .c1 1
eşitliğin sağ tarafının “ + “ olması durumunda c1 bulunur. O halde (2) denkleminde 0 c 1 yerine yazılarak denklemin sağ tarafı “+” olan parçasından çözüme devam edilir.
dy 0 2
p y
dx 1
dy dx
y ny x nc2 yc2ex
Başlangıç koşullarından c 2 yi bulalım.
2
1c e0 c2 bulunur. 1
O halde istenilen çözüm : yex
a Soruları –1