• Sonuç bulunamadı

Lys–1 2012 matematik sorularinin cozumleri

N/A
N/A
Protected

Academic year: 2021

Share "Lys–1 2012 matematik sorularinin cozumleri"

Copied!
53
0
0

Yükleniyor.... (view fulltext now)

Tam metin

(1)Lisans Yerleştirme Sınavı – 1 (Lys – 1) / 16 Haziran 2012 Matematik Sorularının Çözümleri. 1. 8 sayı tabanında verilen (15) 8 sayısının 2 sayı tabanında yazılışı = ? Bu durumda (15) 8 sayısı önce 10 tabanına çevrilir. Sonra 2 tabanında yazılır. (15) 8 = 1.81 + 5.8 0. =8+5 = 13. Buna göre (15) 8 = (1101) 2 elde edilir..

(2) 2.. 16³ (2.8)³ = 24³ + 16³ + 8³ (3.8)³ + (2.8)³ + 8³ =. 2³.8³ 3³.8³ + 2³.8³ + 8³. =. 2³.8³ 8³.(3³ + 2³ + 1). =. 2³ (3³ + 2³ + 1). =. 8 27 + 8 + 1. =. 8 36. =. 2 9.

(3) 3.. 3x 1 = 2x 5 2. 3x 1 = 2x 5 2. 1. ⇒. 5x = ?. ⇒. 3x 1 = 4x 5. ⇒. 1 3   = 5 4. x. 1 inci kuvveti alınırsa, x. Eşitliğin her iki tarafının. 1. 1. ⇒.  3 x  x  1  x    =    4   5  . ⇒. 3 1x =  4 5. ⇒. 1    1  x  3 =    5   4     . ⇒. −1 4   1   x =   3   5  . ⇒. 1 4 = (5) x 3. 1. −1. 1. ⇒. 1 x. 5 =. 4 bulunur. 3. −1.

(4) 4. x = 4 5 olduğuna göre, ( x ² − 2) −1 = ?. 1 x² − 2. ( x ² − 2) −1 =. 1. ⇒. x=45. x = 54. Eşitliğin her iki tarafının karesi alınırsa ⇒.  1 x ² =  5 4   . ⇒. x² = 5 2. ⇒. x² = 5. 2. 1. denklemde yerine yazılırsa 1 = x² − 2 1 5−2. 5.. =. 1 5−2 1 5−2. olur. Eşleniği ile çarpıp bölersek,. .. 5+2 5+2. =. 5+2 5−4. =. 5 + 2 bulunur.. x.( y + z ) + z.( y − x) x. y + x.z + z. y − z.x = x ² + x. y + x.z + y.z x.( x + y ) + z.( x + y ) =. y.( x + z ) ( x + y ).( x + z ). =. y x+ y.

(5) 6. x ve y pozitif gerçel sayıları için. x. y = 5 x ² + y ² = 15 ise x³ + y ³ = ?. ( x + y )³ = x ³ + 3.x ². y + 3.x. y ² + y ³ ( x + y )³ = x ³ + 3.x. y.( x + y ) + y ³ özdeşliğinden x ³ + y ³ = ( x + y )³ − 3.x. y.( x + y ) bulunur.. Buradan ( x + y )² = x ² + 2.x. y + y ². ⇒. ( x + y )² = 25. ⇒. x + y = m5. x ve y pozitif gerçel sayıları olduğundan, x + y = 5 olur. x ³ + y ³ = ( x + y )³ − 3.x. y.( x + y ) x ³ + y ³ = 5³ − 3.5.5. x ³ + y ³ = 50 elde edilir..

(6) 7. x ve y birer gerçel sayı olmak üzere,. x ² − 4 y = −7 y ² − 2 x = 2 ise x+ y =?. x² − 4 y + 7 = 0 y² − 2x − 2 = 0. Eşitlikler taraf tarafa toplanırsa. x² − 2 x + 1 + y ² − 4 y + 4 = 0. Buna göre x + y = 1 + 2 = 3 olur.. ⇒. ( x − 1)² + ( y − 2)² = 0. ⇒. x = 1 ve y = 2.

(7) 8. x bir gerçel sayı olmak üzere. ( ( ( (. 7+ 3. ). x. ) 3). =4. (. ⇒. 7− 3. x. = a olsun.. 7+. x. =4. )( x. 7− 3. 7− 3 . 7+ 3. 7− 3. ). x. x. =?. Eşitlikler taraf tarafa çarpılırsa. ). x. = a.4. Dolayısıyla. (. ). = a = 4 x −1 olur.. ⇒. [(. ⇒. [( 7 )² − ( 3 )²]. ⇒. [7 − 3] x = a.4. ⇒. 4 x = a.4. ⇒. 4x =a 4. ⇒. a = 4 x −1. )(. 7− 3. 7+ 3 x. )]. = a.4. x. = a.4.

(8) 9. Birler basamağında A rakamı bulunan iki basamaklı tüm doğal sayıların toplamı 504 olduğuna göre, A = ? 1A + 2A + 3A + 4A + 5A + 6A + 7A + 8A + 9A = 504 (1.10 + A) + (2.10 + A) + (3.10 + A) + . . . . . . . . . . + (9.10 + A) = 504 [10.(1 + 2 + 3 + . . . . . + 9)] + 9A = 504  9.(9 + 1)  10.   + 9A = 504 2  . 9A = 54 A = 6 elde edilir..

(9) 10. 2 a .3b ≡ 0 (mod 12) 2 b .3 a ≡ 0 (mod 27). denkliklerinin her ikisini de aynı anda sağlayan a ve b pozitif tam sayıları için a + b toplamı en az kaçtır?. 2 a .3b ≡ 0 (mod 12). ⇒. 2 a .3b = 12.k. k = 1 ise. 2 a .3b = 2 2.31. ⇒. a = 2 ve b = 1. k = 2 ise. 2 a .3b = 2 3.31 ⇒ a = 3 ve b = 1 .................................... 2 b .3 a ≡ 0 (mod 27). ⇒. 2 b .3 a = 27.k. k = 1 ise 2 b.3 a = 2 0.33. ⇒. a = 3 ve b = 0. ⇒. a = 3 ve b = 1. k = 2 ise. 2 b .3 a = 21.33. Buna göre, (a + b) min = 3 + 1 = 4 bulunur..

(10) 11. 1 < n < 50 olmak üzere, pozitif bölenlerinin sayısı 3 olan kaç tane n tam sayısı vardır?. n = a p .b r .c s farklı asal çarpanlarının çarpımı şeklinde olsun.. n sayısının pozitif tam bölenlerinin sayısı, ( p + 1).( r + 1).( s + 1) dir. Buna göre Pozitif bölenlerinin sayısı 3 olduğundan, ( p + 1).( r + 1).( s + 1) = 3. p +1 = 3 p=2 r=0 s = 0 olur.. Dolayısıyla n = a². O zaman n , a asal sayısının karesi olur. 1 < n < 50. n = 2² n = 3² n = 5² n = 7². ⇒. 1 < a ² < 50.

(11) 12. x , y birer gerçel sayı ve − 1 < y < 0 < x olduğuna göre,. I. x + y > 0. →. –. II. x − y > 1. →. –. III. x.( y + 1) > 0. →. +. ifadelerinden hangileri her zaman doğrudur? x=. 1 −1 ve y = olsun. 2 2. x+ y =0 x − y = 1 olduğundan, I ve II ifadeleri her zaman doğru değildir. x > 0 ve y + 1 > 0 olduğundan, III ifadesi her zaman doğrudur.. 13. Gerçel sayılar kümesi üzerinde ∆ işlemi, her a ve b gerçel sayısı için a ∆ b = a 2 + 2b. biçiminde tanımlanıyor. 2 ∆ (1 ∆ x ) = 12 olduğuna göre, x kaçtır? 1 ∆ x = 12 + 2 x. ⇒. 2 ∆ (1 + 2 x ) = 2 2 + 21+ 2. 1∆ x = 1 + 2 x x. x. ⇒. 2 2 + 21+ 2 = 12. ⇒. 21+ 2 = 2 3. ⇒. 1+ 2x = 3. ⇒. 2x = 2. ⇒. x = 1 elde edilir.. x.

(12) 14. Z tam sayılar kümesi olmak üzere, f : Z → Z fonksiyonu  x − 1, f ( x) =   x + 1,. x<0 x≥0. biçiminde tanımlanıyor. Buna göre, I. f bire birdir. II. f örtendir.. → →. + –. III. f ’nin görüntü kümesi Z \ {0} ’dır.. →. –. ifadelerinden hangileri doğrudur? A) Yalnız I. B) Yalnız II. C) Yalnız III. D) I ve II. E) I ve III. f ( 0) = 1 f (1) = 2 , f (2) = 3 , f (3) = 4 , f (4) = 5 , . . .. f (−1) = −2 , f (−2) = −3 , f (−3) = − 4 , f (− 4) = −5 , . . . x ’in her farklı değeri için f ( x) farklı bir değer aldığından, f bire birdir.. Görüntü kümesinde 0 ve – 1 oluşmadığından, f örten değildir. Görüntü kümesi : Z \ {– 1 , 0} olacaktır..

(13) 15.. f ( x) = 2 x − 5 g ( x) = x + 1 fonksiyonları veriliyor. Buna göre, ( gof )( x) = 3 eşitliğini sağlayan x değerlerinin toplamı kaçtır? ( gof )( x) = 3. ⇒. g ( f ( x) ) = 3. ⇒. g ( 2x − 5 ) = 3. ⇒ 2x − 5 + 1 = 3. 2 x − 5 + 1 = −3. 2x − 5 + 1 = 3. ⇒. 2x − 5 = 2. ⇒. 2x − 5 = 2. ⇒. 2 x − 5 = −2. ⇒. →. →. 2x − 5 = − 4. Buna göre, x değerlerinin toplamı :. x=. 7 2. x=. →. 3 2 ∅. 7 3 = 5 elde edilir. + 2 2.

(14) 16. Gerçel sayılar kümesi üzerinde tanımlı bir f fonksiyonu, her x gerçel sayısı için f ( x ) < f ( x + 2). eşitsizliğini sağlıyor. Buna göre, I. f (1) < f (5) II. f (−1) < f (1) III. f (0) + f (2) < 2. f (4) ifadelerinden hangileri her zaman doğrudur? A) Yalnız I. B) Yalnız II. C) I ve III. D) II ve III. E) I, II ve III. x = 1 ise f (1) < f (3) f (1) < f (5). →. +. ⇒. 6 < 4 olur.. x = 3 ise f (3) < f (5). Örneğin, f ( x) = x − 5. ⇒. –6<–4. ⇒. – 6 < – 4. Bu yüzden f (−1) < f (1) için bir şey söylenemez.. →. –. f (0) < f (2) f ( 2) < f ( 4). f (0) + f (2) < f (2) + f (4) f ( 2) < f ( 4). Eşitsizliğin her iki tarafına f (4) eklenirse f ( 2) + f ( 4) < f ( 4) + f ( 4) f (0) + f (2) < f (2) + f (4) < f (4) + f (4). ⇒. f (0) + f (2) < 2. f (4). →. +.

(15) 17. Bir öğrenci, doğru olduğunu düşündüğü aşağıdaki iddiayı ispatlarken bir hata yapmıştır.. Đddia: A, B, C herhangi kümeler olmak üzere, A \ (B ∩ C) ⊆ (A \ B) ∩ (A \ C) ’dir. Öğrencinin ispatı: A \ (B ∩ C) kümesinin her elemanının (A \ B) ∩ (A \ C) kümesinde olduğunu gösterirsem ispat biter. Şimdi, x ∈ A \ (B ∩ C) alalım. (I) Buradan x ∈ A ve x ∉ (B ∩ C) olur. (II) Buradan x ∈ A ve (x ∉ B ve x ∉ C) olur. (III) Buradan (x ∈ A ve x ∉ B) ve (x ∈ A ve x ∉ C) olur. (IV) Buradan x ∈ A \ B ve x ∈ A \ C olur. (V) Buradan x ∈ [(A \ B) ∩ (A \ C)] olur. Bu öğrenci, numaralandırılmış adımların hangisinde hata yapmıştır? A) I. B) II. C) III. D) IV. E) V. A \ (B ∩ C) x ∈ A \ (B ∩ C) alınmıştır. Buna göre (II) Buradan x ∈ A ve (x ∉ B ve x ∉ C) olur. → Hata yapmıştır..

(16) 18. a ve b birer pozitif tam sayı olmak üzere, P( x ) = ( x + a ).( x + b). polinomunun katsayılarının toplamı 15 olduğuna göre, a + b toplamı kaçtır? P(1) = 15. ⇒. P(1) = (1 + a).(1 + b) = 15. = 15.1 = 1.15 = 3.5 = 5.3 ⇒. (a + 1).(b + 1) = 15.1. ⇒. a + 1 = 15 ve b + 1 = 1. a = 14. ⇒. (a + 1).(b + 1) = 1.15. ⇒. b=0. a + 1 = 1 ve b + 1 = 15. a=0. b = 14. a ve b birer pozitif tam sayı olacağına göre, ⇒. (a + 1).(b + 1) = 3.5. ⇒. a + 1 = 3 ve b + 1 = 5 a=2. ⇒. (a + 1).(b + 1) = 5.3. ⇒. a + 1 = 5 ve b + 1 = 3 a=4. Buna göre, a + b = 2 + 4 = 6 elde edilir.. b=4. b=2.

(17) 19. P ( x) = x ² − 2 x + m Q ( x) = x ² + 3 x + n. polinomları veriliyor. Bu iki polinom ortak bir köke sahip ve P( x) polinomunun kökleri eşit olduğuna göre, m + n toplamı kaçtır? P( x) polinomunun kökleri eşit olduğuna göre, ∆ = 0 olmalıdır. P ( x) = x ² − 2 x + m. P ( x) = x ² − 2 x + 1. ⇒. (−2)² − 4.1.m = 0. ⇒. m = 1 bulunur.. ⇒. P( x) = ( x − 1)². P( x) polinomunun kökü :. ⇒. ( x − 1)² = 0. x = 1 olur.. Bu iki polinom ortak bir köke sahip olduğundan, Q(1) = 0. ⇒. 1² + 3.1 + n = 0. ⇒. n = − 4 olur.. Buna göre, m + n = 1 + (− 4) = −3 bulunur..

(18) 20. y = x ² − 2.( a + 1).x + a ² − 1 parabolü y = 1 doğrusuna teğet olduğuna göre, a = ?. I. Yol Ortak çözümden parabol ile doğrunun kesişim noktası hesaplanır. x ² − 2.( a + 1).x + a ² − 1 = 1. ⇒. x ² − 2.( a + 1).x + a ² − 2 = 0. ⇒. [− 2.(a + 1)]2 − 4.1.(a ² − 2) = 0. ⇒. a ² + 2a + 1 − a ² + 2 = 0. ⇒. a=. ∆ = 0 olmalıdır.. −3 elde edilir. 2.

(19) II. Yol. y = x ² − 2.(a + 1).x + a ² − 1. ⇒. x = 0 için y = a ² − 1 olur.. f ( x) = ax ² + bx + c biçimindeki parabollerin tepe noktası : T (r , k ) ise. Tepe noktasının apsisi : r =. −b 2a. Tepe noktasının ordinatı : k = f (r ) olduğuna göre, y = f ( x) = x ² − 2.( a + 1).x + a ² − 1. ⇒. ⇒. r = a +1. k = f (a + 1) = 1 bulunur.. f (a + 1) = 1 olduğuna göre, f (a + 1) = (a + 1)² − 2.(a + 1).( a + 1) + a ² − 1 = 1. ⇒. (a + 1).[(a + 1) − 2(a + 1) + (a − 1)] = 1. ⇒. − 2.( a + 1) = 1. ⇒. a=. −1 −1 2. ⇒. a=. −3 bulunur. 2.

(20) 21. Bir çiçekçide 5 farklı renkten çok sayıda gül ve 2 çeşit vazo vardır.. Bir müşteri, 2 farklı renkten toplam 3 gül ve 1 vazo satın almak istiyor. Bu müşteri alışverişini kaç farklı şekilde yapabilir? Renkler = A – B – C – D – E Vazo = X – Y olsun. 5   2 5!  .2.  = .2.2  2  1  (5 − 2)!.2! = 10.4 = 40 farklı şekilde yapabilir.. 22. Bir torbada 5 kırmızı ve 4 beyaz bilye vardır.. Bu torbadan aynı anda rastgele 3 bilye çekildiğinde her bir renkten en fazla 2 bilye olma olasılığı kaçtır? I. Yol 3 bilye çekildiğinde bir renkten en fazla 2 bilye olması demek; 3’ününde kırmızı veya beyaz olmaması demektir. Buna göre 5  4   +   3 3 P( A) = 1 −     9   3. ⇒. ⇒. P( A) = 1 −. P( A) =. 1 6. 5 elde edilir. 6.

(21) II. Yol Kırmızı bilye Beyaz bilye. → →. 5 4. 5   4  5  4  .  +  .  1 2 2 1 Đstenen olasılık =         9   3 5! 4! .4 + 5. (5 − 2)!.2! (4 − 2)!.2! = 9! (9 − 3)!.3! =. 10.4 + 5.6 9.8.7 6. =. 70 84. =. 5 6.

(22) 23.. cos 135 + cos 330 =? sin 150. cos 135 = cos(180 − 135) = − cos 45 = −. cos 330 = cos(360 − 330) = cos 30 =. sin 150 = sin(180 − 150) = sin 30 =. 3 2. 1 2. olduğuna göre, cos 135 + cos 330 − cos 45 + cos 30 = sin 150 sin 30 − =. 2 3 + 2 2 1 2. − 2+ 3 2 = 1 2 =. 3− 2. 2 2.

(23) 24.. I. Yol. tan x = ? b+ x = a. ⇒. x = a −b. tan x = tan( a − b). =. tan a − tan b 1 + tan a. tan b. 12 12 − 5 12 = 12 12 1+ . 5 12 12 −1 = 5 12 1 + .1 5 7 = 5 17 5 =. 7 elde edilir. 17.

(24) II. Yol. tan x = ?. AEC üçgeninin alanını iki değişik yoldan hesaplayabiliriz. Birinci yol :. taban × yukseklik 2. Đkinci yol : Herhangi iki kenar uzunluğu ve bu kenarlar arasındaki açının verilmesi ile hesaplanır. Buna göre Alan(AEC). ⇒. 1 7.12 .13.12 2 . sin x = 2 2. ⇒. sin x =. Buna göre, tan x =. 7 olur. 17. 7 13 2.

(25) 25. cos x. cos 2 x =. cos x. cos 2 x =. 1 16 sin x. ⇒. sin 4 x = ?. 1 içler – dışlar çarpımı yapılırsa 16 sin x. 16 sin x. cos x. cos 2 x = 1 2. sin x. cos x = sin 2 x olduğuna göre, 8.2. sin x. cos x. cos 2 x = 1 8. sin 2 x. cos 2 x = 1 2. sin 2 x. cos 2 x = sin 4 x olduğuna göre, 4.2. sin 2 x. cos 2 x = 1 4. sin 4 x = 1. sin 4 x =. 1 elde edilir. 4.

(26) 1 2 26. x ² − (sin a ).x − .(cos ² a ) = 0 denkleminin bir kökü ise sin a = ? 4 3 2. 2 1 2   − (sin a). − .(cos ² a ) = 0 3 4 3 4 2. sin a cos ² a − − =0 9 3 4 16 − 24. sin a − 9. cos ² a = 0. cos ² a + sin ² a = 1 olduğuna göre,. 16 − 24. sin a − 9.(1 − sin ² a) = 0 16 − 24. sin a − 9 + 9. sin ² a = 0 9. sin ² a − 24. sin a + 7 = 0. (3. sin a − 7).(3. sin a − 1) = 0. ⇒. 3. sin a − 7 = 0. ⇒. sin a =. 7 3. ⇒. 3. sin a − 1 = 0. ⇒. sin a =. 1 3. Sonuç olarak − 1 ≤ sin a ≤ 1 olduğuna göre, sin a =. O halde sin a =. 1 olur. 3. 7 olamaz. 3.

(27) 27. Karmaşık sayılar kümesi üzerinde f ( z ) = 1 − 2.z 6 fonksiyonu tanımlanıyor. π  π  z 0 = cos  + i. sin   için f ( z 0 ) = ? 3 3. f ( z 0 ) = 1 − 2.z 0. 6.  π   π  6 z 0 =  cos  + i. sin     3   3. 6. Bir karmaşık sayının kuvveti (De Moivre Formülü)’nden z = r.(cos θ + i. sin θ ) ise. z n = r n .(cos n.θ + i. sin n.θ ) ,   π  π  6 z 0 =  cos 6.  + i. sin  6.    3    3. f ( z 0 ) = 1 − 2.z 0. 6. n ∈ R olduğuna göre, ⇒. z 0 = (cos 2π + i. sin 2π ). ⇒. z 0 = 1 + i.0. ⇒. z0 = 1. 6. 6. 6. ⇒. f ( z 0 ) = 1 − 2.1. ⇒. f ( z 0 ) = −1 elde edilir..

(28) (z. 28.. _   + z ). z − z  = i  . denklemini sağlayan z karmaşık sayılarının sanal kısmı aşağıdakilerden hangisine eşittir? I. Yol z = a + i.b olsun. b=?. z = a² + b² _. z = a − i.b ise _   + z ). z − z  = i  . (z z. 2. _. _. − z . z + z. z − z. z = i. (a ² + b ²) − a ² + b ² .( a − i.b) + (a + i.b). a ² + b ² − (a + i.b).(a − i.b) = i (a ² + b ²) − a ² + b ² .a + i.b. a ² + b² + a. a ² + b ² + i.b. a ² + b² − (a ² + b ²) = i. 2.a. a ² + b ² + i.2.b. a ² + b ² = i Buna göre, z karmaşık sayılarının sanal kısmı 2.b. a ² + b ² = 1. ⇒. b=. ⇒. b=. 1 2 a² + b² 1 olur. 2. z.

(29) II. Yol _   + z ). z − z  = i  . (z 2. z. _. _. z. z = z z. 2. _. − z . z + z. z − z. z = i 2. olduğundan _. − z . z + z. z − z. 2. =i. _. ⇒. − z . z + z. z = i. ⇒. z .( z − z ) = i. _. z = a + i.b olsun. b=?. z = a ² + b² _. z = a − i.b ise. ⇒. ((a + i.b) − (a − i.b)) =. ⇒. i.2.b =. ⇒. b=. i z. 1 elde edilir. 2. z. i z.

(30) 29. 1 sayısına olan uzaklığı 2 birim ve i sayısına olan uzaklığı 3 birim olan z = a + i.b karmaşık sayıları için a − b farkı kaçtır? z = a + i.b. z1 = 1. ⇒. z − z1 = 2. z1 = 1 + i.0 ⇒ ⇒. z2 = i. ⇒. z − z2 = 3. (a − 1)² + (b − 0)² = 2 a ² − 2a + b ² = 3. z 2 = 0 + i.1 ⇒ ⇒. (a − 0)² + (b − 1)² = 3 a ² + b ² − 2b = 8. a ² − 2a + b ² = 3 a ² + b ² − 2b = 8 2a − 2b = 5. ⇒. a−b =. 5 elde edilir. 2.

(31) 30. log 2 3 x + log 4 x ² = 2. ⇒. x =?. log 2 3x + log 22 x ² = 2 log a m b n =. n . log a b olduğuna göre, m. 2 log 2 3x + . log 2 x = 2 2 log 2 3x + log 2 x = 2 log a b + log a c = log a (b.c) olduğuna göre, log 2 3 x.x = 2 log 2 3 x ² = 2 log a b = c. ⇔. a c = b olduğuna göre,. 3 x ² = 2². x² =. 4 3. x=. 2 3. ⇒. x=. ⇒. x=. 2 3. .. 3 3. 2 3 bulunur. 3.

(32) 31. 2 x =. 2x =. 3y =. 1 1 ve 3 y = 5 4. 1 5. 1 4. ⇒. x. y = ?. ⇒. 2 x = 5 −1. ⇒. ln 2 x = ln 5 −1. ⇒. x. ln 2 = − ln 5. ⇒. x=. ⇒. 3 y = 2 −2. ⇒. ln 3 y = ln 2 −2. ⇒. y. ln 3 = −2. ln 2. ⇒. y=. − ln 5 ln 2. − 2. ln 2 ln 3. Buna göre x. y =. − ln 5 − 2. ln 2 . ln 2 ln 3. ⇒. x. y =. 2. ln 5 ln 3. ⇒. x. y =. ln 5 2 ln 3. ⇒. x. y =. ln 25 elde edilir. ln 3.

(33)  n k +1  =?  ∏ ∑ k  n = 4  k =1 9. 32. n. ∏ k =1. k +1 1 + 1  2 + 1  3 + 1  4 + 1  n + 1 = . . . ..........  k  1  2  3  4   n .  n +1  2 3 4 5 =  . . . ..........   n  1 2 3 4 = (n + 1)  n k +1  =  ∏ ∑ k  n = 4  k =1 9. 9. ∑ (n + 1) n=4. = (4 + 1) + (5 + 1) + (6 + 1) + (7 + 1) + (8 + 1) + (9 + 1) = 5 + 6 + 7 + 8 + 9 + 10 = 45 bulunur..

(34) 33. (a n ) dizisi. 2 n + 1, an =  n 2 − 1,. a9 = 2 9 − 1. n ≡ 0 (mod 2) n ≡ 1 (mod 2). a8 = 2 8 + 1. Buna göre a9 − a 7 2 9 − 1 − (2 7 − 1) = 8 a8 − 4.a 6 2 + 1 − 4.(2 6 + 1) =. 29 − 1 − 27 + 1 2 8 + 1 − 2 2.2 6 − 4. 29 − 27 = 8 2 + 1 − 28 − 4. =. 2 7.(2 2 − 1) −3. = − 2 7 elde edilir.. ⇒. a9 − a 7 =? a8 − 4.a 6. a7 = 2 7 − 1. a6 = 2 6 + 1.

(35) 34.. a1 = 2.π .4. ⇒. a1 = 8.π. a 2 = 2.π .2. ⇒. a 2 = 4.π. a3 = 2.π .1 ⇒ .......... ........... a3 = 2.π. O halde çemberlerin çevre uzunlukları toplamı. Ç = a1 + a 2 + a3 + ........... ⇒. Ç = 8π + 4π + 2π + ........... Bu ise ilk terimi a1 = 8.π ve ortak çarpanı r =. a2 a1. 4.π 8.π. ⇒. r=. ⇒. Ç = 8π + 4π + 2π + ........... ⇒. Ç = 8π .(1 +. ⇒. Ç = 8π .. r=. 1 olan geometrik seridir. 2. Buna göre. 1 1−. ⇒. 1 1 + + .......... ) 2 2². 1 2. Ç = 16π elde edilir..

(36) 35. a , b ve c birer pozitif gerçel sayı olmak üzere, a b a b 1 2  0 c  .  0 c  = 0 4 matris eşitliği veriliyor.       a+b+c =?. a b a b 1 2  0 c  .  0 c  = 0 4       . a² = 1. ⇒. a =1. c² = 4. ⇒. c=2. a.b + b.c = 2. ⇒. 3.b = 2. ⇒. a.a + b.0 a.b + b.c  1 2 0.a + c.0 0.b + c.c  = 0 4    . ⇒. a ² a.b + b.c  1 2 = 0 c ²  0 4 . ⇒. Buna göre a + b + c =1+. 2 11 +2= elde edilir. 3 3. b=. 2 3.

(37) 36. Bir A matrisinin çarpma işlemine göre tersi A −1 olmak üzere, −1. 1 1 0 [2 1].  .  = [a ] 3 1 4. ⇒. a=?. ⇒. 1.a + 0.b 1.c + 0.d  1 0 3.a + 1.b 3.c + 1.d  = 0 1    . ⇒. c  1 0  a 3a + b 3c + d  = 0 1    . A. A −1 = I olduğuna göre, 1 0 A=  3 1. ⇒. A −1 = ?. a c  A −1 =   olsun. b d  1 0 a c  1 0 3 1.b d  = 0 1     . ⇒. a = 1 , c = 0 , b = −3 , d = 1 bulunur..  1 0 Buna göre, A −1 =   olur. − 3 1  −1. 1 1 0 [2 1].  .  = [a ] 3 1 4. ⇒. [2 1].. ⇒. [2 1].. ⇒. [2 1].  = [a ]. ⇒. [2.1 + 1.1] = [a]. ⇒. [3] = [a ]. ⇒. a = 3 bulunur.. 1 0 1  .  = [a ] − 3 1   4. 1.1 + 0.4   = [a ] − 3.1 + 1.4. 1. 1.

(38) 2 3 1 2 37. A =  ve B =    olmak üzere, 1 2  0 5  ⇒.  2 3 1 2   x  1    2.  1 2 − 0 5 . y  = 0         . ⇒.  4 6 1 2   x  1     2 4 − 0 5 . y  = 0        . ⇒.   4 − 1 6 − 2   x  1     2 − 0 4 − 5 . y  = 0      . ⇒. 3 4   x  1  2 − 1. y  = 0     . ⇒. 3x + 4 y  1   2 x − y  = 0     .  x  1  (2 A − B).  =    y  0 .  3x + 4 y = 1 Buna göre doğrusal denklem sistemi :  olur.  2x − y = 0. 38. lim x →0. x → 0 için. sin 3 x 2− 4− x sin 3.0 2− 4−0. =?. =. 0 belirsizliği vardır. 0. L’Hospital teoremi uygulanırsa lim x→0. (sin 3x ) /. (2 −. 4− x. ). /. = lim x →0. 3 3. cos 3 x 3. cos 3.0 = 12 elde edilir. = = 1 1 1 4 2 4−x 2 4−0.

(39) 39. lim x→1+ ( x − 1). ln( x ² − 1) = ?. x → 1+ için (1 − 1).(ln(1² − 1)) = 0.∞ belirsizliği vardır. lim x →1+ ( x − 1). ln( x ² − 1) = lim x→1+. x → 1+ için. ln( x ² − 1) olarak yazılırsa  1     x −1. ∞ ln(1² − 1) ∞ = = belirsizliği vardır. 1 ∞  1    0 1−1. L’Hospital teoremi uygulanırsa. lim x →1+. (ln( x ² − 1) )  1     x −1. /. /.  2x    = lim x→1+  x ² − 1   −1     ( x − 1)²   2 x ( x − 1)²  = lim x→1+  .   x² − 1 − 1   2x ( x − 1).( x − 1)   = lim x→1+  . −1   ( x − 1).( x + 1)  2 x ( x − 1)  = lim x→1+  .   x +1 −1 .  2x − 2x²  = lim x→1+    x +1   2.1 − 2.1²  =   1+1 . =. 0 2. = 0 elde edilir..

(40) 40. Gerçel sayılar kümesi üzerinde tanımlı bir f fonksiyonu için ⇒. lim x →3+ f ( x ) = 1 ve lim x →3− f ( x) = 2. lim x → 2+. lim x → 2+. f (2 x − 1) + f (5 − x) =? f ( x ² − 1). f (2 x − 1) + f (5 − x ) f (2.2 − 1) + f (5 − 2) = f ( x ² − 1) f (2² − 1). =. f (3 + ) + f (3 − ) f (3 + ). =. 1+ 2 1. = 3 bulunur.. 41. ,  1  f ( x) =  x ² + a.x + b ,  5 , . x ≤1 1< x < 3 x≥3. fonksiyonu gerçel sayılar kümesinde sürekli olduğuna göre, a − b = ? lim x →1− f ( x) = lim x →1+ f ( x) = f (1). lim x →3− f ( x ) = lim x →3+ f ( x ) = f (3). Buna göre a = −2 ve b = 2 bulunur. O halde a − b = −2 − 2 = − 4 elde edilir.. ⇒. a + b +1 = 1. ⇒. a = −b. ⇒. 9 + 3a + b = 5. ⇒. 3a + b = −4.

(41) 42. Gerçel sayılar kümesi üzerinde tanımlı f ve g fonksiyonları için f ( g ( x)) = x ² + 4 x − 1 g ( x) = x + a f / (0) = 1 a=?. f ( x + a) = x² + 4 x − 1. ⇒. 1. f / ( x + a ) = 2 x + 4. ⇒. f / ( x + a) = 2 x + 4. x + a = 0 ise x = − a. f / ( − a + a ) = 2( − a ) + 4. ⇒. f / ( 0) = − 2 a + 4. f / (0) = 1 olduğuna göre, − 2a + 4 = 1. ⇒. a=. 3 bulunur. 2.

(42) π  43. f (2 x + 5) = tan  x  2 . 2. f / (2 x + 5) =. x=. f / (6) = ?. π . ⇒. 2x + 5 = 6. ⇒.  π  .1 + tan 2  x   2   2  x=. 1 2. 1 için 2. 2. f / (6) =. π .  π 1  .1 + tan 2  .   2   2 2 . ⇒. 2. f / (6) =. ⇒. 2. f / (6) =. ⇒. 2. f / (6) =. ⇒. f / ( 6) =. π 2. π .  π  .1 + tan 2    2   4 . π 2. π 2. .(1 + 1). .2. bulunur..

(43) 44. Baş katsayısı 1 olan, üçüncü dereceden gerçel katsayılı bir P( x) polinom fonksiyonunun köklerinden ikisi – 5 ve 2’dir. P ( x) ’in x = 0 noktasında bir yerel ekstremumu olduğuna göre, üçüncü kökü kaçtır?. P(x) polinom fonksiyonunun üçüncü kökü = c olsun. a =1. x1 = −5 x2 = 2 x3 = c P( x) = a.( x − x1 ).( x − x 2 ).( x − x3 ) P ( x) = 1.( x + 5).( x − 2).( x − c). P( x) = ( x ² + 3 x − 10).( x − c) P(x) ’in x = 0 noktasında bir yerel ekstremumu olduğuna göre, P / (0) = 0 olur. P ( x) = ( x ² + 3 x − 10).( x − c ). ⇒. P / ( x) = (2 x + 3).( x − c) + 1.( x ² + 3 x − 10). ⇒. P / ( x) = 2 x ² − 2 x.c + 3x − 3c + x ² + 3x − 10. ⇒. P / ( x) = 3 x ² + (6 − 2.c).x − 3c − 10. P / (0) = 3.0² + (6 − 2.c).0 − 3c − 10. ⇒. − 3c − 10 = 0. ⇒. c=. − 10 bulunur. 3.

(44) 45. Aşağıda, gerçel sayılar kümesi üzerinde tanımlı ve sürekli bir f fonksiyonunun türevinin grafiği verilmiştir.. Buna göre, I. f (2) − f (1) = −2 ’dir.. →. +. II. f fonksiyonunun x = 0 noktasında yerel maksimumu vardır. III. Đkinci türev fonksiyonu x = 0 noktasında tanımlıdır.. →. →. –. ifadelerinden hangileri doğrudur? A) Yalnız I. B) Yalnız III. C) I ve II. D) II ve III. E) I, II ve III. +.

(45) x > 0 için f / ( x) = −2. ⇒. ∫f. ⇒. f ( x) = −2 x + c1. /. ( x) = ∫ − 2. f (2) = −2.2 + c1. ⇒. f (2) = −4 + c1. f (1) = −2.1 + c1. ⇒. f (1) = −2 + c1 f (2) − f (1) = −2 elde edilir.. x < 0 için f / ( x) = 3. ⇒ ⇒. ∫f. /. ( x) = ∫ 3. f ( x) = 3 x + c 2. Ayrıca f fonksiyonu sürekli olduğundan, c1 = c 2 dir. ............................................. x = 0 kritik noktadır. x > 0 için f / ( x) = −2 < 0 olduğundan f ( x) azalandır. x < 0 için f / ( x) = 3 > 0 olduğundan f ( x) artandır.. Verilenlere göre f / ( x) ’in işaret tablosunu oluşturalım.. Bu nedenle f fonksiyonu x = 0 noktasında yerel maksimumu sahiptir. ............................................................ 1. türevin tanımsız olduğu yerde 2. türevin tanımlı olması mümkün değildir..

(46) 46. x > 0 olmak üzere; y = 6 − x ² eğrisinin grafiği üzerinde ve (0, 1) noktasına en yakın olan nokta (a , b) olduğuna göre, b kaçtır? I. Yol. y = 6 − x ² eğrisinin grafiği üzerinde ve B(0 ,1) noktasına en yakın olan nokta A(a , b) ise y = 6 − x². ⇒. b = 6 − a². A(a , b) = A(a , 6 − a ²) ve B(0 ,1) ise Đki nokta arası uzaklıktan AB = (a − 0)² + (6 − a ² − 1)². ⇒. AB = a ² + (5 − a ²)² olur.. Bu fonksiyonun en küçük değerini bulmamız gerekir. AB / = 0. ⇒. 2a + 2.(5 − a ²).(−2a ) 2 a ² + (5 − a ²)². ⇒. 2a.(1 − 10 + 2a ²) = 0. ⇒. 2a.(2a ² − 9) = 0. =0. ⇒. Buna göre b = 6 − a ² olduğundan, b = 6 −. a = 0 veya a = m. 9 2. ⇒. b=. 3 2. 3 bulunur. 2.

(47) II. Yol. En yakın nokta olması için A noktasındaki teğet AB ⊥ AT olmalıdır. y = 6 − x². ⇒. b = 6 − a² /. Teğetin eğimi = m AT = y a = − 2a A(a , b) = A(a , 6 − a ²) ve B(0 ,1) ise BA nın eğimi, iki noktası bilinen doğrunun eğiminden. m BA =. 6 − a² − 1 a−0. ⇒. m BA =. 5 − a² a. Dik doğruların eğimleri çarpımı – 1 olduğundan, m BA .m AT = −1. ⇒.  5 − a²   .(−2a ) = −1  a . ⇒. 2a ² = 9. ⇒. Buna göre b = 6 − a ² olduğundan, b =. a² =. 9 2. 3 bulunur. 2.

(48) 47.. f / ( x). ∫ [ f ( x) ]. 2. f ( x) = u. ∫. dx = ∫ 2 dx eşitliği veriliyor. f (0) =. ⇒. 1 2. f (3) = ?. ⇒. f / ( x) dx = du. f / ( x) du = 2 dx u 2 f / ( x) ∫. 1. ⇒. ∫u. du = ∫ 2 dx. ⇒. ∫u. ⇒. u −2+1 + c 2 = 2 x + c1 − 2 +1. ⇒. −1 + c 2 = 2 x + c1 u. ⇒. −1 = 2 x + c1 − c 2 u. ⇒. −1 = 2 x + (c1 − c 2 ) u. ⇒. u=. ⇒. f ( x) =. 2. −2. du = 2 x + c1. →. c1 − c2 = c diyelim.. −1 2x + c. f ( x) = u olduğundan. f ( 0) =. 1 olduğuna göre, 2. f (0) =. −1 1 = 2.0 + c 2. ⇒. −1 2x + c. c = −2 olur.. Buna göre f ( x) =. −1 2x − 2. ⇒. f (3) =. −1 −1 olarak hesaplanır. = 2.3 − 2 4.

(49) 48.. ∫ (arcsin x)² dx integralinde u = arcsin x dönüşümü yapılırsa,. u = arcsin x. sin u = x. ⇒. cos u du = dx. ∫ (arcsin x)² dx = ∫ u ². cos u du elde edilir. 49. Birinci bölgede; koordinat eksenleri, x = 5 , y = 5 doğruları ve y = x ² + 1 , x = y ² + 1 eğrileri arasında kalan A bölgesi aşağıda verilmiştir.. A bölgesinin alanı kaç birim karedir?.

(50) y = 5 doğrusu ile y = x ² + 1 eğrisi arasında kalan bölgenin alanı : 2. Boyalı alan = ∫ [5 − ( x ² + 1)] dx 0. 2. = ∫ (4 − x ²) dx 0. x³   =  4x −  3 . 2. 0. 2³   0³   =  4.2 −  −  4.0 −  3  3 . =. 16 3.

(51) x = 5 doğrusu ile x = y ² + 1 eğrisi arasında kalan bölgenin alanı : 2. Boyalı alan = ∫ [5 − ( y ² + 1)] dy 0. 2. = ∫ (4 − y ²) dy 0. y³   = 4y −  3 . 2. 0. 2³   0³   =  4.2 −  −  4.0 −  3  3  =. 16 3.

(52) Buna göre Alan(A) = Karenin alanı – Boş alanların toplamı  16 16  Alan(A) = 5.5 –  +  3 3 Alan(A) = 25 –. Alan(A) =. 32 3. 43 bulunur. 3. 50.. Birinci bölgede; y ekseni, y = 1 doğrusu ve 9 x ² + y ² = 9 elipsi arasında kalan bölge y ekseni etrafında 360° döndürülüyor.. Elde edilen dönel cismin hacmi kaç birim küptür?.

(53) 3. V = π .∫ x ² dy olduğuna göre, 1. 9 x² + y² = 9. ⇒.  9 − y²  V = π .∫   dy 9  1. x² =. 9 − y² 9. 3. ⇒. V=. π 9. 3. .∫ (9 − y ²) dy 1. π . ⇒. y³  V = . 9 y −  9  3 . ⇒. V=. ⇒. V =. ⇒. V =. ⇒. V =.    1 3. π . 3³   1³   . 9.3 −  −  9.1 −  9  3  3 . π . 26  .18 −  9  3. π  28  . 9  3 . 28.π elde edilir. 27. Adnan ÇAPRAZ adnancapraz@yahoo.com AMASYA.

(54)

Referanslar

Benzer Belgeler

Buna göre kutudan rast gele bir bilye çekildiğinde hangi renk bilye gelme olasılığı daha fazladırA. 30 yumurtanın 5

Günlük doza ek olarak, her bir 4 saatlik hemodiyaliz tedavisinin hemen sonrasında ek bir doz verilmelidir (bkz. Bu belge 5070 sayılı Elektronik İmza Kanunu

1 Mart’ta verilen kırmızı ve beyaz iple birbirine bağlanmış küçük bir süsleme olan baharın simgesi Mărțișor, insanların birbirlerine hediye olarak bir ipe dizilmiş

Torbalardan bir kağıt ve bilye çekildiğinde hem ilk torbadan çekilen sayının 3’e bölünebilir olması hem de ikinci torbadan çekilen bilyenin kırmızı olması

A dan yola çıkan bir kişi, C’ye uğramak koşuluyla, B’ye en kısa yoldan kaç farklı şekilde gidebilir?. iii) Şekildeki çizgiler bir kentin birbirini dik kesen

Bir torbada 5 beyaz ve 4 siyah bilye

ikincisinde ise 5 kırmızı, 10 siyah bilye vardır. Hilesiz bir zar atıldıktan sonra torbaların birinden bir bilye çekilecektir. B) [0, 2] aralığında integrallenebilirdir..

Bu yaz›da da üriner sistem infeksi- yonlar›nda uygun antibiyotik kullan›m› bu klinik s›n›flama- ya göre aç›klanacakt›r: [1] kad›nlarda basit sistit; [2] akut