T.C.
SELÇUK ÜNİVERSİTESİ FEN BİLİMLERİ ENSTİTÜSÜ
FARK DENKLEMLERİNİN PERİYODİKLİĞİ VE ÇÖZÜMLERİ ÜZERİNE BİR ÇALIŞMA
İbrahim YEŞERİ YÜKSEK LİSANS TEZİ
ORTAÖĞRETİM ANA BİLİM DALI MATEMATİK ÖĞRETMENLİĞİ PROĞRAMI
ÖZET
Yüksek Lisans Tezi
FARK DENKLEMLERİNİN PERİYODİKLİĞİ VE ÇÖZÜMLERİ ÜZERİNE BİR ÇALIŞMA
İbrahim YEŞERİ
Selçuk Üniversitesi Fen Bilimleri Enstitüsü Ortaöğretim Matematik Öğretmenliği Ana Bilim Dalı
Danışman: Doç.Dr. Cengiz ÇİNAR 2008, 27 Sayfa
Jüri: Doç.Dr. Cengiz ÇİNAR
Yrd. Doç.Dr. İbrahim YALÇINKAYA Yrd. Doç.Dr. Dağıstan ŞİMŞEK
Bu çalışma dört bölümden oluşmaktadır. Birinci bölümde; fark denklemlerinin periyodikliği ile ilgili yapılmış bazı çalışmalar hakkında bilgi verdik.
İkinci bölümde, çalışmamız için gerekli olan temel kavramları verdik.
Üçüncü bölümde, (1 1 1 0 ) 1 9 ( 1 ) 0 1 n k n n k i k i x x x
fark denklemini tanımladık, çözümlerini
ve periyodikliğini inceledik.
ABSTRACT
The Post Graduate Thesis
A STUDY ON SOLUATIONS AND PERIODICITY OF DIFFERENCE EQUATIONS
Selcuk University
Graduate School of Naturel and Applied Sciences Department of Mathematics
Supervisor: Assoc.Prof. Dr. Cengiz ÇİNAR 2008, 27 Sayfa
Jury: Assoc.Prof. Dr. Cengiz ÇİNAR
Asist. Prof. Dr. İbrahim YALÇINKAYA Asist. Prof. Dr. Dağıstan ŞİMŞEK
This study consists of four sections. In the first section,we gave information about some difference equations studied before.
In the second section, it was given necessary concepts for our study.
In the third section, we defined the difference equation (1 1 1 0 )
1 9 ( 1 ) 0 1 n k n n k i k i x x x
and investigated its solutions and periodicity.
ÖNSÖZ
Bu çalışma, Selçuk Üniversitesi Eğitim Fakültesi Ortaöğretim Fen ve Matematik Alanlar Eğitimi Bölümü Matematik Eğitimi Anabilim Dalı Öğretim Üyesi Doç. DR. Cengiz ÇİNAR yönetiminde yapılarak Selçuk Üniversitesi Fen Bilimleri Enstitüsü’ne Yüksek Lisans Tezi olarak sunulmuştur.
Tezimi büyük bir sabır ve titizlikle yöneten ve çalışmalarımda desteğini esirgemeyen saygıdeğer hocam Doç. DR Cengiz ÇİNAR’a ,Yrd. Doç. DR. Dağıstan ŞİMŞEK’e , Yrd. Doç. DR İbrahim YALÇINKAYA’ya arkadasım Nuriye ATASEVER’ e sonsuz teşekkürlerimi ve saygılarımı sunarım.
İbrahim YEŞERİ KONYA 2008
İÇİNDEKİLER ÖNSÖZ 1.BÖLÜM GİRİŞ……….. ………1 1.1. LİTERATÜR ÖZETİ ..………2 2.BÖLÜM
FARK DENKLEMLERİ İLE İLGİLİ GENEL TANIMLAR……….3
3.BÖLÜM (11 10 ) 1 9 ( 1) 0 1 n k n n k i k i x x x
RASYONEL FARK DENKLEMİNİN ÇÖZÜMLERİVE PERİYODİKLİĞİ…...4
4.BÖLÜM
SONUÇ ve ÖNERİLER ………...………....25
KAYNAKÇA………26
1.BÖLÜM Giriş Bu çalışmada (1 1 1 0 ) 1 9 ( 1 ) 0 1 n k n n k i k i x x x
(n = 0, 1, 2, …) fark denkleminin
(11 11)k , ( 11 10)k , (11k 9),..., 4, 3, 2, 1, 0 0, x x x x x x x x başlangıç şartları1.1. Literatür özeti:
Son zamanlarda lineer olmayan fark denklemlerin periyodikliği ile ilgili birçok
çalışma yapılmıştır. [1, 2, 3, 4, 5, ].[3] de Gibbons ve arkadaşları x1x0
0, ,0
ve n için xn 0olmak üzere 1 1 ( 0,1,2,3,...)
n x x x n n n açık problemi ortaya atmışlardır.
[6] da Stevic , [3] de ortaya atılan problemde 1alarak denklemin periyodikliğini
incelemiştir.
[7] de Şimşek ve arkadaşları x5x4x3x2x1x0 ,
0 olmak üzere n = 0, 1, 2, …için 2 5 1 1 n n n x x x , [8] de ise 3 1 5 1 1 n n n n x x x
x fark denkleminin periyodikliğini
incelemişlerdir.
[9] da Şimşek ve arkadaşları x9x8x7x6x5x4x3x2x1x0 ,
0 başlangıçşartıyla 7 5 3 1 9 1 1 n n n n n n x x x x x x (n=0, 1, 2….)
fark denkleminin çözümünü incelemiştir.
[10] da Şimşek ve arkadaşları x3x2x1x0 ,
0 başlangıç şartıyla1 3 1 1 n n n x x
x (n=0, 1, 2….) fark denkleminin çözümünü incelemiştir.
2.BÖLÜM
FARK DENKLEMLERİ İLE İLGİLİ GENEL TANIMLAR
x bağımsız değişkeninin sürekli durumda, y(x) bağımlı değişkeninin değişimi y(x), ( ), ... ( )( )
x y x
y n türevleri yardımıyla açıklanabilmektedir. Ancak x in kesikli
değerler alması durumunda değişim türevler yardımıyla açıklanamaz.Bu bölümde x in tamsayı değerler aldığı durumlarda ortaya çıkan ve içinde sonlu farkların bulunduğu denklemler üzerinde duracağız.
Tanım:2.1. n bağımsız değişken ve buna bağılı değişkende y olmak üzere,
bağımlı ve bağımsız değişken ile bağımlı değişkenin E(y), 2( ),..., ( )( ),
y E y
E n gibi
farklarını içine alan bağıntılara Fark Denklemi denir. Dikkat edilir ise n’nin sürekli olduğu halde Diferansiyel Denklemleri ile arasında büyük benzerlikler vardır.
) ( ) 1 ( ) ( 1 0y n a y n f n a
Birinci dereceden fark denklemidir.
) ( ) 1 ( ) ( ) 1 ( 1 2 0y n a y n a y n g n a
İkinci dereceden fark denklemidir. Denklemin mertebesinin belirlenmesinde, y’nin hesaplanabilmesi için gerekli olan nokta sayısı göz önüne alınmaktadır.
y(n+2)-5y(n+1)+y(n)=n(2.mertebeden fark denklemidir.)
y(t+2)-2y(t+2)+2y(n+1)-3y(n)=0(3. mertebeden fark denklemidir.)
Tanım 2.2. I reel sayılarının bir alt aralığı olmak üzere ; f :II I tanımlı sürekli diferansiyellenebilen bir fonksiyon olsun. O zaman x1,x0I için
), , ( 1 1 n n n f x x x n=0,1,2,… (1.1)
Tanım 2.3. Eğer x noktası için x x x f( , ) ise
x’e f’nin denge noktası denir.Eğer
0
n için xxn
ise o zaman x’e f’nin sabit noktası denir.
Tanın 2.4. x, (1,1) denkleminin denge noktası olmak üzere:
a) Eğer 0 için x1,x0I iken x0 x x1 x
olacak şekilde
bir 0 sayısı varsa; o zaman bütün n1 için x0 x
olur. Bu halde x denge noktası kararlıdır denir.
b) Eğer
x denge noktası kararlı ve x1,x0I iken x0 x x 1 x
olacak şekilde 0 varsa; o zaman
n
n x
lim x dir. Bu halde
x denge noktası lokal olarak asimtotik kararlıdır denir.
c) Eğer x1,x0I iken
n
n x
lim x ise ; o zaman
x denge noktasına global attractor denir.
d) Eğer
x denge noktası kararlı ve global attractor ise ; o zaman x’ye global asimtotik kararlı denir.
e) Eğer
x denge noktası kararlı değil ise ; o zaman kararsızdır denir.
f) Eğer x1,x0I iken x0 x x 1 x r
olacak şekilde bir r0
sayısı varsa; o zaman x’ye repeller denir ve xN x r
olacak şekilde 1 N sayısı vardır.
Tanım 2.5. Eğer
xn dizisi için xnp xn ise ;o zaman
xn dizisine,periyotludur denir.
Tanım 2.6. Eğer
xn dizisi için, dizinin sonlu sayıdaki terimleri hariçtutulduğunda, geriye kalan sonsuz sayıdaki terimleri için xnp xn ise; o zaman
x dizisine, ergeç p periyotludur denir.3.BÖLÜM Bu bölümde; x(11 11)k ,x( 11 10) k ,x(11k9),...,x4,x3,x2,x1,x0
0, ve
k = 0,1,2,…. olmak üzere (1 1 1 0 ) 1 9 ( 1 ) 0 1 n k n n k i k i x x x
(n = 0, 1, 2, …) (3.1)rasyonel fark denklemi için bir teorem ve ispatı verilmiştir.
Teorem: (3.1) rasyonel fark denklemi için aşağıdakiler doğrudur.
a) (x(11 11)k n(11 10)k ),(x(11 11)k n(11k9)),(x(11 11)k n(11k8)), … (x(11 11)k n3) , (x(11 11)k n2) , (11 11) 1 (x k n ) , (x(11 11)k n) azalan diziler vea ,1 a ,2 a ,…,3 a(11k9),a(11 10)k ,a(11 11)k 0 olmak üzere; lim( (11 11)k n (11 10)k ) 1 n x a , nlim( x(11 11)k n(11k9))a2, nlim( x(11 11)k n(11 8)k )a3, … … lim( (11 11)k n 3) 11k 8 n x a , nlim( x(11 11)k n2)a11k9, lim(n x(11 11)k n1)a11 10k , (11 11) 11 11 lim( k n) k n x a olur. b)( ,a1 a2 ,a3,a4, ... a(1 1k8 ),a(1 1k9 ),a(1 1k1 0 ),a(1 1k1 1), ...) (3.1) denkleminin çözümüdür ve (11k+11) periyotludur. c) a a1 k2 2a k3 3ak4 4ak5 5ak6 6a k7 7a k8 8ak9 9a k10 10a k110 a a2 k3 2a k4 3ak5 4a k6 5a k7 6a k8 7a k9 8a k10 9a k11 10a k12 0
a ak 2k1 3ak2 4ak3 5a k4 6a k5 7a k6 8ak7 9a k8 10a k9 11 10a k 0 ak1 2a k2 3ak3 4a k4 5ak5 6a k6 7a k7 8ak8 9a k9 10a k10 11 11a k 0 dir.d) Eğer n0N iken bütün n için n0 xn1xn(10k9) ise lim 0
n
n x dır.
e)Aşağıdaki ifadeler doğrudur;
9 ( 1) n 11j 0 (11k 11)n+1 (11k+10) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-k-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k i k i s k i k i i
9 1 ( 1) n 11j 0 (11k 11)n+2 (11k+9) 9 9 j 0 1 1 ( 1) (k+1)s-(k-1)-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k i k i s k i k i i
9 ( 1) n 11j 0 (11k 11)n+k+1 (10k+10) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k +1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k i i s k i i i
8 (11 10) ( 1) n 11j+1 0 (11k 11)n+k+2 (10k+9) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k k i k i s k i k i i x
8 (11 9) 1 ( 1) n 11j+1 0 (11k 11)n+k+3 (10k+8) 9 9 j 0 1 1 ( 1) (k+1)s-(k-1)-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k k i k i s k i k i i x
7 (11 10) (10 9) ( 1) n 11j+2 0 (11k 11)n+2k+3 (9k+8) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k k k i k i s k i k i i x x
7 (11 9) (10 8) 1 ( 1) n 11j+2 0 (11k 11)n+2k+4 (9k+7) 9 9 j 0 1 1 ( 1) (k+1)s-(k-1)-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k k k i k i s k i k i i x x
6 (11 10) (10 9) (9 8) ( 1) n 11j+3 0 (11k 11)n+3k+4 (8k+7) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k k k k i k i s k i k i i x x x
10 5 ( 1) ( 1) n 11j+4 7 0 (11k 11)n+4k+5 (7k+6) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k +1)i 0 1 x x 1 x x 1 1 x 1 x k i k k i k i i s k i k i i
10 4 ( 1) ( 1) n 11j+5 6 0 (11k 11)n+5k+6 (6k+5) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k+1)i 0 1 x x 1 x x 1 1 x 1 x k i k k i k i i s k i k i i
10 3 ( 1) ( 1) n 11j+6 5 0 (11k 11)n+6k+7 (5k+4) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k +1)i 0 1 x x 1 x x 1 1 x 1 x k i k k i k i i s k i k i i
10 2 ( 1) ( 1) n 11j+7 4 0 (11k 11)n+7k+8 (4k+3) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k+1)i 0 1 x x 1 x x 1 1 x 1 x k i k k i k i i s k i k i i
10 1 ( 1) ( 1) n 11j+8 3 0 (11k 11)n+8k+9 (3k+2) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k +1)i x x 1 x x 1 1 x 1 x k i k k i k i i s
10 ( 1) n 11j+9 2 (11k 11)n+9k+10 (2k+1) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k +1)i 0 1 x x 1 x x 1 1 x 1 x k i k k i s k i k i i
10 ( 1) n 11j+11 1 (11k 11)n+11k+11 0 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k i i s k i i i
İspat: a] (3.1) denkleminden 1 9 ( 1 ) (1 1 1 0 ) 0 (1 ) n n k i k n k i x x x
elde edilir.Buradan xn (k 1)i k
0, ,
(i0,1, 2,3,...,9) olduğu için 9 ( 1) 0 (0, ) n k k i x
olur. Böylece 9 ( 1) 0 1 n k k (1, ) i x
olduğundan xn1xn(11 10)k bulunur.Şimdi bu ifadeyi n nin değerleri için irdeleyelim.
n = 0 için x x1 (11 10)k n = 1 için x x2 (11k9) n = 2 için x x3 (11k8)
n = k-1 için x xk (10k11) n = k için xk1x(10k10) n = k+1 için xk2 x(10k9)
n = 11k+8 için x11k9 x2 n = 11k+9 için x11 10k x1 n = 11k+10 için x11 11k x0 n = 11k+11 için x11 12k x1 x(11 10)k n = 11k+12 için x11 13k x2 x(11k9) n = 11k+13 için x11 14k x3 x(11k8)
n = 22k+19 için x22k20 x11k9 x2 n = 22k+20 için x22k21x11 10k x1 n = 22k+21için x22k22 x11k8 x0 olarak hesaplanır.İşlemleri bu şekilde devam ettirirsek;
(11 11) (11 10) 1 lim n n k nx a (11 11) (11 9) 2 lim n n k nx a (11 11) (11 8) 3 lim n n k nx a
(11 11) 2 (11 9) lim n n k nx a (11 11) 1 (11 10) lim n n k nx a (11 11) (11 11) lim n n k nx a elde edilir.b) a) şıkkından (3.1) denkleminin çözümünün 1 2 3 4 (1 1 8 ) (1 1 9 ) (1 1 1 0 ) (1 1 1 1) ( ,a a ,a ,a , ... a k ,a k ,a k ,a k , ...) ve bu çözümlerin 11k+11 periyotlu olduğu görülür. c) (3.1) denkleminde n =11k+11 alınırsa (11 11) (11 10) (11 11) 1 9 (11 11) ( 1) 0 1 k n k k n k n k i k i x x x
elde edilir. Buradan her iki
tarafın limiti alınırsa;
(11 11) 1 9(11 11) (11 10) (11 11) ( 1) 0 lim lim 1 lim k n k x k n x k n k i k x i x x x
1 1 1 0 1 1 9 1 0 8 9 7 8 6 7 5 6 4 5 3 4 2 3 2 1 k . k . k k k k k k k k a a a a a a a a a a a a 1 10 11 9 10 8 9 7 8 6 7 5 6 4 5 3 4 2 3 2 1 1 2 2 3 3 4 4 5 5 6 6 7 7 8 8 9 9 10 10 11 (1 . . ) . 0 k k k k k k k k k k k k k k k k k k k k a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a elde edilir.Benzer şekilde n = (11k+11)n+1 alınırsa;
(11 11) (11 9) (11 11) 2 9 (11 11) ( 1) ( 1) 0 1 k n k k n k n k i k i x x x
elde edilir. Buradan her iki tarafın limiti
(11 11) (11 9) (11 11) 2 9 (11 11) ( 1) ( 1) 0
lim
lim
1 lim
k n k x k n x k n k i k x ix
x
x
2 2 10 12 9 11 8 10 7 9 6 8 5 7 4 6 3 5 2 4 3 1 k . k . k k k k k k k k a a a a a a a a a a a a 2 10 12 9 11 8 10 7 9 6 8 5 7 4 6 3 5 2 4 3 2 2 3 2 4 3 5 4 6 5 7 6 8 7 9 8 10 9 11 10 12 (1 . . ) . 0 k k k k k k k k k k k k k k k k k k k k a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a elde edilir.Bu şekilde limit almaya devam edilirse son olarak;
(1 1 1 1 ) (1 0 1 0 ) (1 1 1 1 ) 1 9 (1 1 1 1 ) ( 1 ) 0 1 k n k k n k k n k i i x x x
(11 11) (10 10) (11 11) 1 9 (11 11) ( 1) 0 lim lim 1 lim k n k x k n k x k n k i x i x x x
1 1 11 11 10 10 9 9 8 8 7 7 6 6 5 5 4 4 3 3 2 2 1 . . k k k k k k k k k k k k a a a a a a a a a a a a 1 11 11 10 10 9 9 8 8 7 7 6 6 5 5 4 4 3 3 2 2 1 1 2 2 3 3 4 4 5 5 6 6 7 7 8 8 9 9 10 10 11 11 (1 . . ) . 0 k k k k k k k k k k k k k k k k k k k k k k k a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a a olur.Bulduklarımızı sırayla yazarsak;
1 k 2 2k 3 3k 4 4k 5 5k 6 6k 7 7k 8. 8k 9 9k 1 0 1 0k 1 1 0
a a a a a a a a a a a
2 k 3 2k 4 3k 5 4k 6 5k 7 6k 8 7k 9. 8k 1 0 9k 1 1 1 0k 1 2 0
(3.2) 2 1 3 2 4 3 5 4 6 5 7 6 8 7. 9 8 1 0 9 0 1 1 1 0 0 k k k k k k k k k k k a a a a a a a a a a a 1 2 2 3 3 4 4 5 5 6 6 7 7 8 8. 9 9 1 0 1 0 1 1 1 1 0 k k k k k k k k k k k a a a a a a a a a a a elde edilirBöylece ispat tamamlanmış olur.
d) Eğer x0 iken bütün x için n0
xn1xn(10k9) (3.3) (3.3) ifadesinde n = (11k+11)n+1 alınırsa x(11 11)k n2 x(11 11)k n(10k8) n = (11k+11)n+2 alınırsa x(11 11)k n3x(11 11)k n(10k7) n = (11k+11)n+3 alınırsa x(11 11)k n4 x(11 11)k n(10k6)
n = (11k+11)n+10k+10 alınırsa x(11k11)n10k11 x(11k11)n1 n = (11k+11)n+10k+11alınırsa x(11k11)n10k12 x(11 11)k n2 x(11k11)n(10k8) n = (11k+11)n+10k+12 alınırsa x(11k11)n10k13 x(11 11)k n3 x(11k11)n(10k7)
n = (11k+11)n+20k+20 alınırsa x(11k11) 20 k21 x(11 11)k n10k11 x(11 11)k n1 n = (11k+11)n+20k+21alınırsa . . (11k 11) 20k 22 (11k 11)n 10k 12 (11 11)k n 2 (11k 11)n (10k 8)x
x
x
x
n = (11k+11)n+20k+22 alınırsa
(11k 11) 20k 23 (11k 11)n 10k 13 (11k 11)n 3 (11 11)k n (10k 7)
x
x
x
x
elde edilir.Bu şekilde incelemeye devam edip limit alırsak;
1 2 2 3 3 4 4 5 5 6 6 7 7 8 8 9 9 10 10 11 1 2
...
k k k k k k k k k k ka
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
2 3 2 4 3 5 4 6 5 7 6 8 7 9 8 10 9 11 10 12 2 3...
k k k k k k k k k k ka
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
3 4 2 5 3 6 4 7 5 8 6 9 7 10 8 11 9 12 10 13 3 4...
k k k k k k k k k k ka
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
2 1 3 2 4 3 5 4 6 5 7 6 8 7 9 8 10 9 11 10 2 1...
k k k k k k k k k k k k ka
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
1 2 2 3 3 4 4 5 5 6 6 7 7 8 8 9 9 10 10 11 11 1 2 2...
k k k k k k k k k k k k ka
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
olur. Buradan 1 k 2 2k 3 3k 4 4k 5 5k 6 6k 7 7k 8 8k 9 9 10k 10 11ka
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
2 k 3 2k 4 3k 5 4k 6 5k 7 6k 8 7k 9 8 10k 9 11k 10 12ka
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
1 k 4 2k 5 3k 6 4k 7 5 8k 6k 9 7 10k 8 11k 9 12k 10 13ka
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
(3.4) 1 2 2 3 3 4 4 5 5 6 6 7 7 8 8 9 9 10 10 11 11 k k k k k k k k k k ka
a
a
a
a
a
a
a
a
a
a
olarak elde edilir.
Böylece (3.2) ve (3.4) denklemlerinden
1 2 3
...
k k 1...
11 10k 11 11k0
a
a
a
a
a
a
a
olduğu görülür. Buradan dalim n 0
e) (3.1) denkleminin her iki tarafından xn(11k10) çıkarılırsa; 1 (11 10) 9 12 11 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 n n k n k n k n k i k i x x x x x
elde edilir. n= 0,1,2,3, … ,k, … ,2k,2k+1, … ,11k+11 değerleri için aşağıdaki denklemler bulunur; n = 0 için 1 (11 10) 9 12 11 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k i k i x x x x x
n = 1 için 2 (11 9) 9 1 12 10 1 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k i k i x x x x x
n = 2 için 3 (11 8) 9 2 12 9 2 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k i k i x x x x x
n = 3 için 4 (11 7) 9 3 12 8 3 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k i k i x x x x x
n = k-1 için (10 11) 9 1 11 12 1 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k i i x x x x x
n = k için 1 (10 10) 9 0 11 11 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k i i x x x x x
n = k+1 için 2 (10 9) 9 1 (11 10) 1 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k i i x x x x x
n = 2k için 2 1 (9 10) 9 (10 11) ( 1) 1 ( )( ) 1 k k k k k k i x x x x x
n = 2k+1 için 2 2 (9 9) 9 1 (10 10) 1 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k k k i i x x x x x
n = 2k+2 için 2 3 (9 8) 9 2 (10 9) 2 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k k k i i x x x x x
9 9 1 (11 10) 2 ( 1) 1 ( 1) 0 0 1 1 ( )( )( ) 1 1 k k k i k i i i x x x x
n = 2k+3 için 2 4 (9 7) 9 3 (10 8) 3 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k k k i i x x x x x
9 9 2 (11 9) 3 ( 1) 2 ( 1) 0 0 1 1 ( )( )( ) 1 1 k k k i k i i i x x x x
n = 3k+2 için 3 3 (8 8) 9 2 2 (9 9) 2 2 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k k k i i x x x x x
1 (10 10) 9 9 2 2 ( 1) 1 ( 1) 0 0 1 1 ( )( )( ) 1 1 k k k k i k k i i i x x x x
n = 3k+3 için 3 4 (8 7) 9 2 3 (9 8) 2 3 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k k k i i x x x x x
1 (11 10) 9 9 9 2 3 ( 1) 2 ( 1) 1 ( 1) 0 0 0 1 1 1 ( )( )( )( ) 1 1 1 k k k i k k i k i i i i x x x x x
n = 3k+4 için 3 5 (8 6) 9 2 4 (9 7) 2 4 ( 1) 0 1 ( )( ) 1 k k k k k k i i x x x x x
2 (11 9) 9 9 9 2 4 ( 1) 3 ( 1) 2 ( 1) 0 0 0 1 1 1 ( )( )( )( ) 1 1 1 k k k i k k i k i i i i x x x x x
n = 11k+11 için 11 12 1 1 (11 10) 11 9 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( ) 1 k k s k s k k i i x x x x x
elde edilen bu denklemlerin tamamına (3.5) diyelim. Böylece;
n = (k+1)n için ( 1) 1 ( 1) (11 10) 1 (11 10) 9 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( ) 1 n k n k n k k s k s k k i i x x x x x
n = (k+1)n+1 için ( 1) 2 ( 1) (11 9) 2 (11 9) 9 1 ( 1) ( 1) ( 1) 1 1 ( ) 1 n k n k n k k s k s k k i i x x x x x
n = (k+1)n+2 için ( 1) 3 ( 1) (11 8) 3 (11 8) 9 1 ( 1) ( 2 ) ( 1) 1 1 ( ) 1 n k n k n k k s k s k k i i x x x x x
n = (k+1)n +k için ( 1) ( 1) (10 11) (10 11) 9 1 ( 1) 1 ( 1) 1 1 ( ) 1 n k n k k n k k k s k s k i i x x x x x
n=(k+1)n+k+1için ( 1) 1 ( 1) (10 10) 1 (10 10) 9 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( ) 1 n k n k k n k k k s k s k i i x x x x x
Şimdi (3.6) denklemlerinden, ( 1) 1 ( 1) (11 10) 1 (11 10) 9 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( ) 1 n k n k n k k s k s k k i i x x x x x
ele alalım. Böylece;n = 0 için x1x(11k10) (x1x(11k10)) ve n = 11 için 11 12 1 1 (11 10 ) 11 9 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( ) 1 k k s k s k k i i x x x x x
elde ederiz. Bunları taraf tarafa toplarsak; 11 11 12 (11 10) 1 (11 10 ) 9 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )(1 ) 1 k k k s k s k k i i x x x x x
olur. Benzer olarakn = 22 için 22 23 11 12 1 (11 10) 22 9 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( ) 1 k k k s k s k k i i x x x x x
yazılabilir.Son iki denklemi taraf tarafa toplarsak;
11 22 22 23 (11 10) 1 (11 10 ) 9 9 1 1 ( 1) ( 1) ( 1) ( 1) 1 1 1 1 ( )(1 ) 1 1 k k k s s k s k k i k s k k i i i x x x x x x
elde edilir.Bu şekilde devam edilirse
11 (11 11) 11 (11 10) 1 (11 10 ) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k j s k s k k i i x x x x x
olur.11 (11 11) 1 (11 10) 1 (11 10 ) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k j s k s k k i i x x x x x
11 1 (11 11) 2 (10 9) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 2 (11 11) 2 3 (9 8) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 3 (11 11) 3 4 (8 7 ) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 4 (11 11) 4 5 (7 6) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 5 (11 11) 5 6 (6 5) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 6 (11 11) 6 7 (5 4) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 7 (11 11) 7 8 ( 4 3) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 8 (11 11) 8 9 (3 2 ) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 9 (11 11) 9 10 (2 1) 1 (11 10 ) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 10 (11 11) 10 11 1 (11 10 ) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
denklemleri bulunur. Benzer işlemler (3.6) denkleminin her biri için ayrı ayrı uygulanırsa;
11 (11 11) 1 (11 10) 1 (11 10 ) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k j s k s k k i i x x x x x
11 (11 11) 2 (11 9) 2 (11 10 ) 9 0 1 ( 1) ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k j s k s k k i i x x x x x
11 (11 11) 1 (10 10) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k k j s k s k i i x x x x x
11 1 (11 11) 2 (10 9) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 1 (11 11) 3 (10 8) 2 (11 9) 9 0 1 ( 1) ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 2 (11 11) 2 3 (9 8) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 2 (11 11) 2 4 (9 7 ) 2 (11 9 ) 9 0 1 ( 1) ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 3 (11 11) 3 4 (8 7 ) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 4 (11 11) 4 5 (7 6) 1 (11 10) 9 0 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s x x x x x
11 5 (11 11) 5 6 (6 5) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 6 (11 11) 6 7 (5 4) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 7 (11 11) 7 8 ( 4 3) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 8 (11 11) 8 9 (3 2 ) 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 9 (11 11) 9 10 (2 1) 1 (11 10 ) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 10 (11 11) 10 11 1 (11 10 ) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k k j s k s k k i i x x x x x
11 11 (11 11) 11 11 0 1 (11 10) 9 0 1 ( 1) ( 1) 1 1 ( )( ) 1 j n k n k k j s k s k k i i x x x x x
bulunur. Bu denklemlerin tamamına (3.7) diyelim. (3.7) denkleminde kullanacağımız bazı eşitlikleri
(11 10) 1 (11 10) 9 (11 10 ) ( 1) 0 9 (11 10 ) ( 1) 0 9 ( 1) 0 1 1 k k k k i k i k k i k i k i k i x x x x x x x x
(11 9 ) 2 (11 9 ) 9 (11 9) ( 1) 0 9 (11 9) 1 ( 1) 0 9 1 ( 1) 0 1 1 k k k k i k i k k i k i k i k i x x x x x x x x
(10 10) 1 (10 10) 9 (10 10) ( 1) 0 9 (10 10) ( 1) 0 9 ( 1) 0 1 1 k k k k k i k i k k i i k i i x x x x x x x x
biçiminde elde edelim. Bu eşitlikleri (3.7) denklemlerinde yerlerine yazarsak 9 ( 1) n 11j 0 (11k 11)n+1 (11k+10) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-k-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k i k i s k i k i i
9 1 ( 1) n 11j 0 (11k 11)n+2 (11k+9) 9 9 j 0 1 1 ( 1) (k+1)s-(k-1)-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k i k i s k i k i i
9 ( 1) n 11j 0 (11k 11)n+k+1 (10k+10) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k i i s k i i i
8 (11 10) ( 1) n 11j+1 0 (11k 11)n+k+2 (10k+9) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k k i k i s k i k i i x
8 (11 9) 1 ( 1) n 11j+1 0 (11k 11)n+k+3 (10k+8) 9 9 j 0 1 1 ( 1) (k+1)s-(k-1)-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k k i k i s k i k i i x
7 (11 10) (10 9) ( 1) n 11j+2 0 (11k 11)n+2k+3 (9k+8) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k k k i k i s k i k i i x x
7 (11 9) (10 8) 1 ( 1) n 11j+2 0 (11k 11)n+2k+4 (9k+7) 9 9 j 0 1 1 ( 1) (k+1)s-(k-1)-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k k k i k i s k i k i i x x
6 (11 10) (10 9) (9 8) ( 1) n 11j+3 0 (11k 11)n+3k+4 (8k+7) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k k k k i k i s k i k i i x x x
10 5 ( 1) ( 1) n 11j+4 7 0 (11k 11)n+4k+5 (7k+6) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k +1)i 0 1 x x 1 x x 1 1 x 1 x k i k k i k i i s k i k i i
10 4 ( 1) ( 1) n 11j+5 6 0 (11k 11)n+5k+6 (6k+5) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k+1)i 0 1 x x 1 x x 1 1 x 1 x k i k k i k i i s k i k i i
10 3 ( 1) ( 1) n 11j+6 5 0 (11k 11)n+6k+7 (5k+4) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k +1)i 0 1 x x 1 x x 1 1 x 1 x k i k k i k i i s k i k i i
10 2 ( 1) ( 1) n 11j+7 4 0 (11k 11)n+7k+8 (4k+3) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k+1)i 0 1 x x 1 x x 1 1 x 1 x k i k k i k i i s k i k i i
10 1 ( 1) ( 1) n 11j+8 3 0 (11k 11)n+8k+9 (3k+2) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k +1)i 0 1 x x 1 x x 1 1 x 1 x k i k k i k i i s k i k i i
10 ( 1) n 11j+9 2 (11k 11)n+9k+10 (2k+1) 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k)-(k +1)i 0 1 x x 1 x x 1 1 x 1 x k i k k i s k i k i i
10 ( 1) n 11j+11 1 (11k 11)n+11k+11 0 9 9 j 0 1 ( 1) (k+1)s-(k+1)i 0 1 x 1 x x 1 1 x 1 x k i i s k i i i
elde edilir.SONUÇ ve ÖNERİLER Bu çalışmada (1 1 1 0 ) 1 9 ( 1 ) 0 1 n k n n k i k i x x x
(n = 0, 1, 2, …) fark denkleminin
(11 11)k , ( 11 10)k , (11k 9),..., 4, 3, 2, 1, 0 0, x x x x x x x x başlangıç şartlarıkullanılarak, periyodikliği ve çözümleri gösterilmiştir. Bu fark denkleminde i>9 değerleri için yeni elde edilecek denklemin periyodikliği ve çözümleri incelenebilir.
KAYNAKLAR
[1] Amleh A. M. , Grove E. A. , Ladas G. and Georgiou, d. A. (1999), "On The Recursive Sequence n n n y y y 1 1", J.Math .Anal.Appl., 233, 790-798.
[2] De Vault R., Ladas G. and Schultz, S. W. (1998), "On The Recursive Sequence 2 1 1 n n n x x A x ", Proc.Amer.Math. Soc., 126, 3257-61.
[3] Gibbons C. H., Kulenovic M. R. S. and Ladas, G.(2000), "On The Recursive Sequence n n n x x x 1 1 ", Math.Sci.Res., 4, 11.
[4]Kulenovic M. R. S, Ladas G. and Sizer, W. (1996), "On The Recursive Sequence 1 1 1 n n n n n y y y y y " , Math.Sci.Res., 2, 1-16. [5]Stevic, S. (2002) "On The Recursive Sequence
n n n n x A x x g x ) , ( 1 1 ", Appl. Math.Lett (15), 3 , 305-308
[6] Stevic, S. (2002) "On The Recursive Sequence
) ( 1 1 n n n x g x x ", Taiwanese J. Math, 6, 405-414.
[7] Simsek D., Cınar C. , Karatas R., Yalcınkaya İ., (2006), "On The Recursive Sequence 2 5 1 1 n n n x x
x ", Int.J.of Pure and Appl.Math.27, 501-507.
[8] Simsek D., Cınar C. , Karatas R.,Yalcınkaya İ., (2006), "On The Recursive Sequence 3 1 5 1 1 n n n n x x x
x ", Int.J.of Pure and Appl.Math.28, 117-124.
[9] Simsek D., Cınar, C. , Karatas R., Yalcınkaya, İ., (2006), " 5 3 1 9 1 1 n n n n n x x x x
x Fark Denkleminin Çözümü" , ХІХ.Ulusal Matematik
[10] Simsek D., Cınar C. , Karatas R.,Yalcınkaya İ., (2006), "On The Recursive Sequence 1 3 1 1 n n n x x
x ", Int.Journal of Contemporary Math.Sciences, 1 , (10) ,
481-487