İntegral denklemin diferensiyel denkleme dönüştürülmesi için Leibnitz Formülünün uygulanması yeterlidir. Bu formül integral işareti altındaki türev alma ile ilgilidir. Leibnitz Formülü A,B türevlenebilen fonksiyonlar olmak
20 Örnek 2.3: u
( )
x = x +λ xu( )
tdtx
∫
0
(2.37)
integral denklemini diferensiyel denkleme dönüştürelim.
Her iki yanın x e göre türevi alınırsa
( )
dx x
du =
dx d x+λ
dx
d xu
( )
tdtx
∫
0
=1+λ dx
d xu
( )
tdtx
∫
0
olur. Leibnitz formülünden
dx
d xu
( )
t dtx
∫
0
= u
( )
tdtx
∫
0
+
( )
xdx x d
xu -0
olup böylece
( )
xu′ =1+λ
( ) ( )
∫
+x
x xu dt t u
0
bulunur. Tekrar türev alınırsa
( )
dx x u
d ′ =0+ λ dx
d u
( )
tdtx
∫
0
+λ dx
d
[
xu( )
x]
ve buradan
u′′ x
( )
= λ u( )
x +λ[
u( )
x +xu′( )
x]
veya
u ′′
( )
x -λxu x′( )
-2λu( )
x =0elde edilir. Bu da (2.34) integral denklemine karşılık gelen diferensiyel denklemdir.
21 2.9.İntegral Denklem Sistemleri
Uygulamalarda i=1,2,...,n olmak üzere
ui
( )
x =fi( )
x +λ K( ) ( )
x t uk t dtn
k b
a ik ,
1
∑ ∫
=
, i=1,…,n (2.38)
formundaki integral sistemi ile çok sık karşılaşılır.
Tanım 2.10:İntegral denklemin K
( )
x,t çekirdeği yalnızca x in ve yalnızca t nin fonksiyonu olan büyüklüklerin çarpımından oluşan terimlerin toplamından ibaretse yani( )
x tK , = a
( ) ( )
xbk t nk
∑
k=1
biçiminde ise K
( )
x,t çekirdeğine dejenere çekirdek denir.Yalnız bir integral denklemin çözümü için kullanılan metotlar integral denklem sistemleri için de geçerlidir. Eğer
∫ ( )
b
a
ik x t dt
K , 2
integrali mevcut ve λparametresi
λ <
( )
1
1
2
1 ,
−
≤ =
≤
∑ ∫∫
nk b
a b
a n ik
i K x t dxdt
Max
olacak şekilde yeterince küçük seçilebiliyorsa ardışık yaklaştırma yakınsak olur. Eğer Kik
( )
x,t çekirdeği dejenere tipten ise (2.38) sistemi bir lineer cebirsel denklem sistemine indirgenebilir. Bu durumda dejenere çekirdekli integral denklemler için uygulanan yöntemler burada da kullanılabilir.22
Böylece bir integral denklem sistemi tek bir integral denkleme dönüştürülebilir.
x ve t değişkenleri, başlangıç aralığı
[ ]
a,b olan ve(
b−a)
uzunluğunun n katı olan
[
a,nb−(
n−1)
a]
şeklinde ki aralıklar sisteminde bulunsun. Buradanb−
(
n−1)
a−a=n(
b−a)
olduğu açıktır. Bu aralığa göre,
a+
(
i−1) (
b−a)
≤ x<a+i(
b−a)
a+
(
k−1) (
b−a)
≤ <t a+ k(
b−a)
olmak üzere ui
( )
x , fi( )
x ve Kik( )
x,t fonksiyonları φ( )
x =ui[
x−(
i−1)(
b−a) ]
F
( )
x = fi[
x−(
i−1)(
b−a) ] ( )
x tK , =Kik
[
x−(
i−1)(
b−a)
,t−(
k−1)(
b−a) ]
şeklinde tek türlü ifade edilebilir. Bu durumda (2.38) sistemi
φ
( )
x =F( )
x + (∫
)( ) ( )
−
−n a nb
a
dt t t x K
1
, φ λ
şeklindeki integral denklemi yardımıyla tek bir denklem olarak gösterilebilir.
23
3.ARAŞTIRMA BULGULARI
3.1.Fredholm İntegral Denklemleri
2.tip bir lineer Fredholm İntegral Denklemi
u x f x K x t u t dt
b
a
) ( ) , ( )
( )
( = +λ
∫
(3.1)formundadır. Burada u
( )
x bilinmeyen K( )
x,t ve f( )
x ise bilinen fonksiyonlardır. Tersine bir durum belirtilmedikçe K( )
x,t fonksiyonununb x
a≤ ≤ ;a≤t ≤bkaresel bölgede tanımlı ve sürekli olduğu kabul edilecektir.
( )
x tK , nin sürekli olmadığı bazı hallerde de
K
( )
x t dxdtb
a b
a
∫ ∫
, 2integralinin sonlu bir değeri olabilir. f
( )
x ≡0 ise (3.1) denklemi u x K x t u t dtb
a
) ( ) , ( )
( =λ
∫
(3.2)şekline gelir ve bu denkleme homojen tipten integral denklemi denir.
3.2.Sabit Çekirdekli İntegral Denklemler
(3.1) denkleminin çekirdeğini K
( )
x,t = c alırsak denklem u x f x cu t dtb
a
) ( )
( )
( = +λ
∫
(3.3)olur..Bu denklemde λc=µ dersek
u x f x u
( )
tdtb
a
∫
+
= ( ) µ
)
( (3.4)
24
bulunur. (3.4) ifadesindeki belirli integralin sınırları sabit olduğu için integral değeri mevcuttur. Bu değeri A ile gösterip (3.4) fonksiyonunda yerine yazarsak ifade
u(x)= f(x)+µA (3.5) şeklini alır.(3.4) fonksiyonu çözüm olduğundan u
( )
x integral denklemini sağlar. Bunu tekrar (3.4) fonksiyonunda yerine yazarsakf(x)+µA = +
∫ ( ( )
+)
b
a
dt uA t f x
f( ) µ ,
olur.Buradan
−
∫
ba
dt
A 1 µ = f
( )
tdtb
a
∫
ve buradan da
A=
( )
f( )
tdt ab
b
a
−
∫
−µ 1
1
bulunur. Burada 1−µ
(
b−a)
≠ 0olmalıdır.Diğer taraftan f( )
x bilindiği için A değeri hesaplanabilir.Bulunan A yı (3.5) denkleminde yerine yazarsak çözüm olan u( )
x fonksiyonuu
( )
x = f( )
x +( ) ( )
−
−
∫
ba
dt t a f µ b µ 1
1
şeklinde bulunur.µ =λc yerine yazılır ve düzenlenirse
u
( )
x = f( )
x +( )
f( )
tdt ab c
c b
a
−
∫
−λ λ
1 (3.6) elde edilir. Eşitliğin sağ tarafı bilinen değerler olduğu için (3.6) ifadesi sabit çekirdekli Fredholm denklemlerinin çözümüdür. Volterra integral
25
denklemlerinde integralin sınırlarından birisi değişken olduğu için A bir sabit değer değildir ve üstteki gibi bir çözüm bulamayız.
Örnek 3.1: u
( )
x =sinx+2∫
1( )
0
dt t
u integral denklemini çözelim.
A=
∫
1( )
0
dt t
u , u
( )
x =sinx+2A olur. Buradansinx+2A=sinx+
∫
1(
+)
0
2 sin
2 t Adt
=sinx −2cos1+2+4A
elde edilir. Bu ifade düzenlenirse A=cos1−1 bulunur.Bu durumda çözüm de u
( )
x =sinx+2(
cos1−1)
olur.
3.3.Çekirdeğin Değişkenlerine Ayrılabilir Olması (Dejenere Çekirdekler)
Fredholm İntegral denkleminde çekirdeğin
K
( )
x,t =r( ) ( )
x st (3.7) şeklinde dejenere çekirdek olduğunu kabul edelim. Bu durumda integral denklemu x f x r
( )
xs t u( )
t dtb
a
) ( )
( )
( = +λ
∫
(3.8)= f x r
( ) ( ) ( )
x stu t dtb
a
∫
+λ ) (
şeklinde yazılabilir.
A= s
( ) ( )
tu t dtb
a
∫
26 denirse (3.8) denklemi
u(x)= f(x)+λAr
( )
x (3.9) şeklini alır. Bu da integral denklemin çözümüdür. O halde denklemi sağlar.(3.8) denkleminde yerine yazılırsaf(x)+λAr
( )
x = f x r( )
x[
f( )
t Ar( )
t]
s( )
t dtelde edilir. Böylece
1−
∫
br( ) ( )
t st dt ≠0bulunur. Bu ifadedeki integraller hesaplanarak (3.9) da yerine yazılırsa
u(x)= f(x)+
elde edilir. Bu da (3.8) denkleminin çözümüdür.
Örnek 3.2:u
( )
x =sinx+λ∫
2 x t u( )
tdtdejenere çekirdekli integral denklemini çözelim.
( )
xr =sinx ve s
( )
t =cost olmak üzere verilen integral denklemi27
u
( )
x =sinx+λ sinx∫
2( )
0
cos
π
dt t tu
şeklinde yazabiliriz.
A=
∫
2( )
0
cos
π
dt t tu
olduğundan çözüm
u
( )
x =sinx+λAsinx (3.12) olur. Bunu (3.11) de yerine yazarsaksinx+λAsinx=sinx+λ sinx
∫
2(
+)
0
sin sin
cos
π
λA t dt t
t
bulunur. Bu ifade düzenlenirse
A=
∫
20
sin cos
π
tdt
t +λA
∫
20
sin
π
tdt
elde edilir. İntegraller hesaplandığında
∫
20
sin cos
π
tdt
t =
2 1 ve
∫
20
sin
π
tdt=1
olur. Böylece A= 2
1+λA= λ 2 2
1
− bulunur. Bunu (3.12) denkleminde yerine yazarsak integral denklemin çözümü
u
( )
x =sinx+sinxλ λ
2 2− şeklinde ortaya çıkar.
3.4.Dejenere Çekirdeğin Genel Hali1
Dejenere çekirdeğin genel hali
28
şeklindedir. Bu çekirdeği
u x f x K x tu t dt
Fredholm integral denkleminde yerine yazarsak denklem
u x f x r
( ) ( )
x s tu t dtdersek (3.14) denklemi
u(x)= f(x)+λ
[
A1r1( )
x + A2r2( )
x +...+Anrn( )
x]
(3.15)olur. Bu ifade de yine ri
( )
x ler integral dışına alınır, sadeleştirmeler yapılır ve( )
xri fonksiyonlarının katsayıları birbirine eşitlenirse
A1= s
( ) ( )
t[
f t Ar( )
t Anrn( )
t]
dt29
An= s
( ) ( )
t[
f t Ar( )
t Anrn( )
t]
dtb
a
n +λ + +λ
∫
1 1 ...bulunur. Bu ifadedeki integraller ayrılıp
B1=
∫ ( ) ( )
b
a
dt t f t
s1 , ,Bn=
∫ ( ) ( )
b
a
n t f t dt s
c11=
∫
b( ) ( )
a
dt t r t
s1 1 , ,c1n=
∫
b( ) ( )
a
n t dt r t s1
……… ………
cn1=
∫ ( ) ( )
b
a
n t r t dt
s 1 , cnn=
∫ ( ) ( )
b
a n n t r t dt s
şeklinde düzenlenirse (3.16) bağıntısı
A1=B1+ λ A1c11+λA2c12+...+λAnc1n A2=B2 + λ A1c21 +λA2c22+...+λAnc2n
……….
An=Bn + λ A1cn1 +λA2cn2+...+λAncnn olur ve böylece
(
1−λc11)
A1 −λc12A2 −λc13A3 −...−λc1nAn =B1−λc21A1 +
(
1−λc22)
A2 −λc23A3 −...−λc2nAn =B2……… (3.17) −λcn1A1−λcn2A2 −λcn3A3 −...+
(
1−λcnn)
An =Bnşeklinde bir lineer sisteme ulaşılır. Bu sistemin katsayılar matrisini D
( )
λ ile gösterirsek sistemin çözümünün olması için D( )
λ ≠ 0 olmalıdır. Yani30 denklemin bir çözümü vardır. Cramer yöntemi gereğince Ai çözümleri
( )
integral denkleminin çözümünü bulalım.
K
( )
x,t =sin(
x+t)
=sinx cost+sint cosxolmak üzere buradan
31
u
( )
x =1+ λ(
A1sinx+ A2cosx)
(3.20) elde edilir.(3.20) yi (3.19) da yazar ve düzenlersek1+ λ
(
A1sinx+ A2cosx)
=1+λ2∫
π(
+)
0
sin x t
[
1+λ(
A1sint+A2cost) ]
dt olur. Buradanx A x
A1sin + 2cos =sinx
∫
π2
0
cos tdt+λA1 sinx
∫
π2
0
sin
cost tdt+λA2 sinx
∫
π2
0
cos tdt2
+cosx 2
∫
π0
sin tdt+λA1cosx2
∫
π0
sin tdt2 +λA2 cosx2
∫
π0
sin
cost tdt (3.21)
yazılabilir. Diğer taraftan
∫
π2
0
cos tdt=0; 2
∫
π0
sin
cost tdt=0; 2
∫
π0
cos tdt2 =π ; 2
∫
π0
sin tdt=0;
∫
π2
0
sin tdt2 =π
olup bu değerler (3.21) de yerine yazılır ve düzenlenirse A1sinx+A2cosx=λπA2sinx+λπA1cosx bulunur. Böylece
A1 =λπA2 A2 =λπA1 veya
A1 −λπA2 =0 A2 −λπA1 =0
olur. Uygun bir aralıktaki her λ için bu sistem sağlanıyorsa A1 = A2 =0 olmak zorundadır.A1 ve A2 (3.20) de yazılırsa u
( )
x =1 çözümü elde edilir.32 3.5.Çözücü Çekirdek(Resolvent)
Bir önceki kesimde bulduğumuz D
( )
λ determinantında i.sütun kaldırılarak yerlerine B1,B2,...Bn sabitlerini koymuş ve elde edilen determinantı Di( )
λ ile göstermiştik. Di( )
λ determinantının i. sütun elemanlarına göre açılım yapılır ve bu elemanlara ait eşçarpanlar ∆ ile gösterilirseDi
( )
λ =∑
=
=
∆
n
j i
ji
Bi 1 1
yazılabilir. Bu durumda (3.18) ile verilen Ai sabitleri,
( ) ( )
λ λ D Ai = Di =( )
λ D1
∑
=
=
∆
n
j i
ji
Bi 1 1
(3.22)
şeklinde olur.Bi sabitlerini
Bi=
∫ ( ) ( )
b
a
i t f t dt s
şeklinde tanımlamıştık. Bi ler (3.22) de yerine yazılırsa
Ai=
( )
λ D1
∑
=
=
∆
n
j i
ji 1 1
( ) ( )
∫
ba
i t f t dt s
bulunur. Ai ler
u(x)= f(x)+λ r
( )
xn
i
∑
i=1
( ) ( )
∫
b
a
i t u t dt s
denkleminde yerine yazılırsa
u(x)= f(x)+λ r
( )
xn
i
∑
i=1
Ai
33
bulunur. Diğer taraftan
D
(
x, t;λ)
=( ) ( )
ifadesine çözücü çekirdek denir.
Bu ifade (3.25) te yerine yazılırsa integral denklemin çözümü
+ edelim. Bu durumda (3.26) dan
+
34 +
= ( ) )
(x f x
u λ
∫
b( ) ( )
a
dt t f t x R2 , ;λ
yazılabilir. İki bağıntı taraf tarafa çıkarılırsa
λ
( ( ) ( ) ) ( )
∫
b −a
dt t f t x R t
x
R1 , ;λ 2 , ;λ =0
olur. λ ≠0 ve f
( )
x ≠0 olduğundan bu integralin 0 olması ancak R1(
x,t;λ)
-R2(
x,t;λ)
=0olması ile mümkündür. Yani
R1
(
x,t;λ)
=R2(
x,t;λ)
dir. O halde R
(
x, t;λ)
çözücü çekirdği tektir.3.6.İtere Çekirdek
Bir integral denklemde K
( )
x,t çekirdeğinin K2( )
x,t ;K3( )
x,t;…;Kn
( )
x,t ile gösterilen ve sırasıyla 2. mertebeden; 3.mertebeden;…;n.mertebeden itere çekirdek olarak adlandırılan başka şekilleri de verilebilir.
Örneğin 2.mertebeden bir itere çekirdek y değişken olmak üzere
K2
( )
x,t = K(
x y) ( )
K y tdyb
a
∫
, , (3.27)şeklindedir.3. mertebeden bir itere çekirdek ise benzer olarak
K3
( )
x,t = K(
x y) ( )
K y tdyb
a
∫
, 2 ,= K
(
y,y1)
K(
y1,y2) (
K y2,t)
dy2 dy1 ba
b
a
∫ ∫
=
∫ ∫
b( ) ( ) ( )
a b
a
dy dy t y K y y K y y
K , 1 1, 2 2, 2 1
35
şeklinde yazılabilir. İşlemlere devam edilirse n. mertebeden bir itere çekirdek Kn
( )
x,t =(
1) (
1 2) (
1)
1 2 1m ve n pozitif tamsayılar olmak üzere bir itere çekirdeği Km+n
( )
x,t =(
,) (
,)
şeklinde de gösterebiliriz. Bu bağıntılarda görüldüğü gibi itere çekirdekteki integral sayısı değişkenlerin sayısına eşittir.
Örnek3.4:a=−1ve b=1 olmak üzere K
( )
x,t =x− fonksiyonu için itere t36
37
olup K
( )
x,t çekirdek fonksiyonu simetrik olmadığı için x< ve t t< x durumlarını ayrı ayrı inceleyelim.x< hali: t x< iken üç farklı durum söz konusudur. Yani t
olarak elde edilir.
x
38
3.7.Ardışık Yaklaşıklıklar Metodu
u x f x K x t u t dt
integral denkleminin ilk yaklaşımı olarak λ=0durumunu alalım.
λ =0 için u
( )
x =f( )
x =φ0( )
x dır. Diğer taraftandt
denilirse (3.29) ifadesi
u1(x)= f(x)+λφ1
( )
x ve f( )
x =φ0( )
x olduğu için39
u1(x)=φ0
( )
x +λφ1( )
x (3.31) yazılabilir. u1( )
x i çözüm olarak (3.28) de tekrar kullanırsaku x f x K x tu t dt
b
a
) ( ) , ( )
( )
( 1
2 = +λ
∫
(3.32) elde edilir. (3.31) ifadesi (3.32) de yerine yazılırsau x
( )
x K x t( ( )
t( )
t)
dtb
a
1 0
0
2( )=φ +λ
∫
( , )φ +λφ=
( )
+∫ ( )
+∫
b( ) ( )
a b
a
dt t t x K dt
t t x K
x 0 2 1
0 λ ( , )φ λ , φ
φ (3.33)
olur. Diğer taraftan
φ2
( )
x = K x t t dtb
a
) ( ) , ( φ1
∫
(3.34)diyelim.(3.34) ve (3.31) eşitlikliklerini (3.33) eşitliğinde yerine yazılırsa u2
( )
x =u0( )
x + λφ1( )
x +λ2φ2( )
xelde edilir. İşlemlere benzer şekilde devam edilirse
un
( )
x =u0( )
x + λφ1( )
x +λ2φ2( )
x +…+λnφn( )
x (3.35) serisi bulunur. Buradaφn
( )
x = K x t n( )
t dtb
a
) 1
,
( −
∫
φ(
n=1,2,...)
(3.36)dır.Böylece (3.28) den
u
( )
x =u0( )
x + λφ1( )
x +λ2φ2( )
x +…+λnφn( )
x +… (3.37) serisi elde edilir. O haldeu
( )
x =∞
→
nlim un
( )
x40
tir. λ nın mutlak değeri yeterince küçük olursa (3.37) serisi düzgün yakınsak olur. Bu serinin limiti de integral denklemin çözümü olur.Şimdi (3.37) serisinin hangi koşullar altında yakınsak olduğunu inceleyelim.
( )
xf fonksiyonu
[ ]
a,b aralığında sürekli olduğundan sınırlı bir fonksiyondur. Yanif
( )
x < Aolacak şekilde bir A reel sayısı vardır.K
( )
x,t fonksiyonu da a≤ ,x t≤b aralığında sürekli bir fonksiyondur. Aynı şekildeK
( )
x,t <Molacak şekilde bir M sayısı vardır. Diğer taraftan (3.36) bağıntısını göz önüne alırsak
φ0
( )
x < A ve φ1( )
x <MA(
b−a)
olduğu görülür. Ayrıca
φ2
( )
x = ( , ) ( )1b
a
K x tφ t dt
∫
olduğundan
φ2
( )
x <M2A(
b−a)
2yazılabilir. İşlemlere devam edilirse
φn
( )
x =∫
b( )
−( )
a
n t dt
t x
K , φ 1 <MAMn−1
(
b−a) (
n−1 b−a)
=MnA(
b−a)
nyazılabilir. Böylece
A+ λ AM
(
b−a)
+λ2 AM2(
b−a)
2+…+λn AMn(
b−a)
n+… (3.38) serisi elde eilir. Bu seri (3.37) serisinin majorantıdır. Bu seride λ M b(
−a)
41
ifadesi her terimde ortaktır. Bunu q ile gösterip ifadeyi A parantezine alırsak A
(
1+q+q2 +...+qn +...)
şeklinde bir geometrik seri elde ederiz. Bu serinin yakınsak olması için q <1 olmalıdır. Yani
eşitsizliği sağlanmalıdır. Eğer λ sayıları (3.39) eşitsizliği sağlanacak şekilde seçilirse (3.38) serisi yakınsak olur.Böylece karşılaştırma kriterinden dolayı (3.37) serisi yakınsak olur.Sonuç olarak (3.37) serisinin toplamı da integral denklemin çözümünü verir.(3.39) şartı yakınsaklık için yeterli, fakat gerekli değildir.
42
r için parantez içinde ki geometrik seri yakınsak olup buradan
( )
xu =
9 1 4x
+
çözümü elde edilir.
3.8.Ardışık Yaklaşıklıklar Yöntemindeki Çözümün Tekliği
Teorem 3.2: u x f x K x t u t dt integral denklemi verilsin ve
a) λ sabit ve λ <
koşullarının sağlandığını varsayalım. Bu takdirde (3.41) integral denkleminin tek bir u
( )
x çözümü vardır.İspat: (3.41) denkleminin u1
( )
x veu2( )
x gibi farklı iki çözümünün olduğunu kabul edelim. Yaniu x f x K x tu t dt olsun. Bu iki eşitlik taraf tarafa çıkarılırsa
43
u1
( )
x -u2( )
x = K x t(
u( )
t u( )
t)
dtb
a
2
) 1
,
( −
∫
λ
bulunur. u1
( )
x -u2( )
x =v( )
x diyelim. O halde v( )
x = K x t v( )
t dtb
a
∫
( , )λ
dır.u1
( )
x ≠ u2( )
x olduğundan v( )
x ≠ 0 dır. v( )
x in mutlak değerinin karesi alınıp Schwartz Eşitsizliği uygulanırsav
( )
x 2< 2(
,)
2( )
2b b
a a
K x t dt v t dt
λ
∫ ∫
olur. Buradan x e göre integral alınırsa
∫
b v( )
x dx<a 2
( ) ( )
22 2 2
b
a
M b a v t dt
λ −
∫
yazılabilir. Buradan
1− λ2M2
(
b−a)
2∫
b v( )
x dx<a 2
0 (3.44)
elde edilir. a) şartından dolayı λ M b
(
−a)
<1dir,yani1−λ2M2
(
b a−)
2 > 0dır.(3.44)ün sağlanması için
∫
b v( )
x dx<a 2
0
olmalıdır. Fakat pozitif bir fonksiyonun integrali negatif olamıyacağı için bu bir çelişkidir, dolayısıyla v
( )
x ≡0 olmalıdır.Yani her x içinu1
( )
x =u2( )
xbulunur. Böylece ispat tamamlanmış olur.
44
integral denklemine ardışık yaklaşıklıklar yöntemini uygulayalım.
u0
( )
x =f( )
xalınıp (3.45) denkleminde yazılırsa
u x f x K x t f t dt
elde edilir. Tekrar bunu (3.45) denkleminde kullanırsak
u x f x K x t f
( )
t K(
t t) ( )
f t dt dtolur. Diğer taraftan
K2
(
x, t1)
=∫ ( ) ( )
olduğundan (3.46) ifadesi
u x f x K x t f t dt
şeklinde yazılabilir. Benzer şekilde u3
( )
x hesaplanırsa( )
x45
bulunur. Böylece t1 yerine t yazıp işlemlere devam edilirse
dt
elde edilir. Ayrıca
u
( )
x =∞
→
nlim un
( )
xolduğunu biliyoruz. Buradan
( )
xTanım 3.2:(3.50) serisine Neumann ya da Liouville serisi denir.
( )
x Af < ve K
( )
x,t <M olacak şekilde Ave Mpozitif reel sayıları varsa (3.50) serisinin yakınsak olduğunu biliyoruz. Şimdi hangi koşullar altında (3.50) serisinin yakınsak olduğunu araştıralım.
∫
b( ) ( )
eşitsizliğinden hareketle 2.mertebeden itere çekirdek için K( )2
( )
x,t <M2b−a ,eşitsizliği yazılabilir. Böyle devam edilirse
46
∫
b ( )( ) ( )
a n
n K x,t f t dt
λ ≤ λn M A b an − n
bulunur. Böylece
K( )
( ) ( )
x t f t dtb
a n n
n
∫
∑
∞=
,
1
λ ≤
( )
∑
∞ −=
n
n
a b M N
1
λ (3.51)
yazılabilir.q=λM
(
b−a)
denirseq= λM
(
b−a)
<1olması halinde (3.51) in sağında ki geometrik seri yakınsak olur. Bu koşulu daha önce
λ <
(
b a)
M −
1 (3.52)
olarak belirtmiştik. Bu durumda (3.50) Neumann serisi de yakınsak olur.
(3.52) ile verilen yakınsaklık aralığı daha da genişletilebilir.
=
∫ ∫
b( )
a b
a
dxdt t x K
B 2 , (3.53)
olmak üzere integral hesabın ortalama değer teoremine göre
=
∫ ∫
b( )
a b
a
dxdt t x K
B 2 , ≤M
(
b−a)
yazılabileceğinden
λ <
B
1 (3.54)
için (3.50) serisi yine yakınsak olur. Çünkü K
( )
x,t <M değeri karesel bölgenin bir noktasında büyük bir değer alarak M yi büyütebilir veλ <
(
b a)
M −
1
47
ifadesinde λ yı küçültebilir. Fakat (3.53) integrali hacmi verdiğinden genellikle
B<M
(
b−a)
olur. O halde
λ <
B 1
den λ için daha büyük bir değer elde edilir.
Örnek 3.8: u
( )
x = x+∫
1x tu( )
tdt0
2 λ 2
integral denkleminin yakınsaklık aralığını genişletelim.
λ <
(
b a)
M −
1 ⇒ λ <
1 . 1
1 ⇒ λ <1 olup
=
∫ ∫
1( )
0 1
0 2 2
dxdt t x
B = 2
1 1
0 1
0 2
4
∫ ∫
x t dxdt =1 15 elde edilir. λ <
B
1 ⇒ λ < 15
olur ve böylece yakınsaklık aralığı daha da genişlemiş olur.
3.10.Çözücü Çekirdeğin Ardışık Çekirdekler Yardımıyla Oluşturulması
u x f x K x t u t dt
b
a
) ( ) , ( )
( )
( = +λ
∫
integral denklemini ardışık yaklaşıklıklar yöntemi ile çözerken u x f x
( )
xn n n
∑
∞=
+
=
1
) ( )
( λ φ (3.55) serisini elde etmiştik. Burada
48
olmak üzere φn
( )
x fonksiyonları itere çekirdekler yardımıyla belirtilebilir.( )
( )
x t =K n , K
(
x,t1)
K(n 1)(
t1,t)
dt1 ba
∫
−olmak üzere (3.55)serisini
( )
1 olarak alabiliriz. Burada( )
1 ifadesine K( )
x,t çekirdek fonksiyonunun Neumann Serisi denir. Bu seri=
∫ ∫
b( )
49 λ <
B
1 (3.58)
için yakınsaktır. R
(
x, t;λ)
resolvantını (3.56) da yerine yazarsak u x f x R(
x t)
f t dtb
a
) (
; , )
( )
( = +λ
∫
λifadesi çözüm olarak bulunur. Resolvant (3.58) şartı için yakınsak olmakla beraber
λ >
B 1
için de integral denklemin çözümü var olabilir.
Örnek 3.9: u
( )
x = +∫
1u( )
tdt0
1 λ
integral denkleminde K
( )
x,t ≡1 ve dolayısıyla B2=∫ ∫
10 1
0
2dxdt K =
∫ ∫
10 1
0
dxdt=1
ve λ <
B
1 den λ <1 için (3.56) serisi yakınsaktır. Diğer yandan bu denklem
λ >1 için de çözülebilir.
≠1
λ ise u
( )
x =λ
− 1
1 fonksiyonu verilen integral denklemin çözümüdür.
Bazı Fredholm denklemleri için Neumann Serisi λ nın her değeri için çözücü çekirdeğe yakınsar.
3.11.Ortogonal Çekirdekler
Tanım 3.4:K
( )
x,t veL ,( )
x t gibi iki çekirdek alalım.a≤ ,x t≤b olmak üzere x ve t nin belli değerleri için50
∫
bK(
x,z) ( )
L z,t dz=0a
,
∫
bL(
x,z) ( )
K z,t dz=0a
şartları sağlanıyorsa
[ ] [ ]
a,b × a,b karesel bölgesinde K( )
x,t veL ,( )
x tçekirdeklerine ortogonal (dik) tir denir.
Sonuç: K
( )
x,t ve L ,( )
x t iki çekirdek olmak üzere bu çekirdeklerden biri iki değişkene göre tek, diğeri iki değişkene göre çift ise simetrik aralık üzerinde ortogonaldirler. YaniL
(
−x,t)
=-L ,( )
x tL
(
x,−t)
=-L ,( )
x tK
(
−x,t)
=K( )
x,tK
(
x,−t)
=K( )
x,tşartları sağlanıyorsa K
( )
x,t ve L ,( )
x t çekirdekleri ortogonaldir. Yani∫ (
,) ( )
, =0−
dz t z L z x K
b
b
,
∫ (
,) ( )
, =0−
dz t z K z x L
b
b
dır.
Örnek 3.10: K
( )
x,t = xt veL ,( )
x t =x4t4çekirdekleri[
−1,1] [
× −1,1]
kareselbölgesinde ortogonaldir. Gerçekten
( ) ( )
=∫
−
dz t z L z x
K , ,
1
1
∫
=−
dz t xzz
1
1 4
4 0
( ) ( )
=∫
−
dz t z K z x
L , ,
1
1
∫
=−
dz zt z x
1
1 4
4 0
olduklarından verilen karesel bölgede K
( )
x,t ve L ,( )
x t ortogonaldir.51
Kendi kendine dik olan çekirdekler de vardır. Bu durumda n≥2 olmak üzere K( )n
( )
x,t ≡0 olur ve çözücü çekirdek K( )
x,t ye eşittir. O halde Neumann Serisi yalnız bir terimden ibarettir ve λ nın her değeri için yakınsaktır.Örnek 3.11: K
( )
x,t =sin(
x−2t)
;0≤ x ≤2π , 0≤ t≤2π olsun.( ) ( )
=∫
K x,z K z,t dz2
0 π
( ) ( )
∫
π − −2
0
2 sin 2
sin x z z t dz
= 2
1 2
∫
π[ (
− +)
−(
− −) ]
0
2 cos 2
3
cos x z t x t z dz
= 2
1
( ) ( )
π 2
0
2 sin 2 3 3 sin
1
− + + − −
− x z t x t z
=0
Yani R
(
x, t;λ)
≡sin(
x−2t)
dir ve Neumann serisi λ nın her değeri için yakınsaktır.Teorem 3.3:Eğer M
( )
x,t ve N( )
x,t çekirdekleri ortogonal ise K( )
x,t =M +N çekirdeğine karşılık gelen R(
x, t;λ)
çözücü çekirdeği;M( )
x,t çözücüçekirdeğine karşılık gelen R1
(
x,t;λ)
çözücü çekirdeği ile N( )
x,t çözücüçekirdeğine karşılık gelen R2
(
x,t;λ)
çözücü çekirdeğinin toplamına eşittir.Örnek 3.12: K
( )
x,t =xt+x4t4, a=−1,b=1 çekirdeği için çözücü çekirdeği bulalım.( )
x tM , = xt veN
( )
x,t =x4t4 çekirdeklerinin[
−1,1] [
× −1,1]
karesinde ortogonal olduklarını daha önce göstermiştik. K( )
x,t çekirdeğinin çözücü52
olup parantezin içi λ 3
= 2
r olan bir geometrik seridir.r<1 için seri yakınsaktır
ve yakınsadığı değer
λ
53
bulunur.O halde
RN
(
x, t;λ)
=olduğundan bu seri de yakınsaktır.Serinin toplamı Sn= λ
x dır.Teoremde 3.3 ten dolayı
(
x, t;λ)
bulunur. Şimdi çözümün yakınsaklık aralığını inceleyelim.
B2= K
( )
x tdxdtolduğunu biliyoruz. Buradan
M
( )
x tdxdtelde edilir. Böylece
B2=
54 bulunur. λ <
B
1 için çözüm yakınsak olacağından
λ <
40
9 için çözüm yakınsaktır.
3.12.Fredholm Metodu
Bu kesimde homojen olmayan Fredholm integral denklemleri için bir çözüm metodu inceleyeceğiz.
Riemann anlamında ki integral kavramından da bilindiği gibi bir toplamın limiti
∞
→ n
lim
∑ ( )
=
∆
n
i
i
i x
x f
1
=
∫
b( )
a
dx x
f ,
n a xi b−
=
∆
şeklindedir. Şimdi
u x f x K x tu t dt
b
a
) ( ) , ( )
( )
( = +λ
∫
(3.59)integral denklemini inceliyelim. f
( )
x ve K( )
x,t fonksiyonları sıfırdan farklı olsunlar.(
a,b)
aralığını t değişkenine görea
t1 = ,t2 =a+∆t,t3=a+ 2∆t,…,tn =a+
(
n−1)
∆t=b,∆t= na b−
şeklinde n parçaya bölelim.K
( )
x,t u( )
t çarpımının bir yaklaşık değeri( )
x tK , u
( )
t ≅ K(
x, t1)
u( )
t1 +K(
x, t2)
u( )
t2 +…+K(
x,tn)
u( )
tnşeklinde yazılabilir. ∆t=dt yazılabileceğinden sol yanı dt ile çarpıp integrale geçelim. Bu durumda sağ yanın ∆t ile çarpımının bir yaklaşık değerini buluruz. Buna göre
dt t u t x K
b
a
) ( ) ,
∫
( =[
K(
x,t1) ( )
u t1 +K(
x,t2) ( )
u t2 +...+K(
x,tn) ( )
utn]
∆t55 olur. Bunu (3.59) de yazarsak
t x f x
u( )= ( )+λ∆
[
K(
x,t1) ( )
u t1 +K(
x,t2) ( )
u t2 +...+K(
x,tn) ( )
utn]
(3.60) bulunur. Aynı işlemleri x için de yaparsaka
x1 = ,x2 =a+∆x,x3=a+ 2∆x,…,xn =a+
(
n−1)
∆x=b, ∆x= na b−
ve ∆t=∆x= n
a b−
=∆ olmak üzere (3.60) dan
∆ +
≅ ( ) λ
)
(x1 f x1
u
[
K(
x1,t1) ( )
ut1 +K(
x1,t2) ( )
u t2 +...+K(
x1,tn) ( )
u tn]
∆ +
≅ ( ) λ
)
(x2 f x2
u
[
K(
x2,t1) ( )
u t1 +K(
x2,t2) ( )
ut2 +...+K(
x2,tn) ( )
u tn]
………
∆ +
≅ ( ) λ
)
(xn f xn
u
[
K(
xn,t1) ( )
u t1 +K(
xn,t2) ( )
u t2 +...+K(
xn,tn) ( )
u tn]
elde edilir.i=1,2,...,n; j=1,2,...,n olmak üzere
( )
xi uiu = ;u
( )
ti =ui; f( )
xi = fi;K(
xi,tj)
=Kij dönüşümlerini yaparsak üstteki sistemu1=f1+λ∆
[
K11u1 +K12u2 +...+K1nun]
u2=f2 +λ∆
[
K21u1+K22u2 +...+K2nun]
………
un=fn +λ∆
[
Kn1u1+Kn2u2 +...+Knnun]
olarak yazılabilir. Bu sistem yeniden düzenlenirse
(
1−λ∆K11)
u1-λ∆K12u2-λ∆K13u3-…-λ∆K1nun=f11 21u
∆K
−λ +
(
1−λ∆K22)
u2-λ∆K23u3-…-λ∆K2nun= f21 31u
∆K
−λ -λ∆K32u2+
(
1−λ∆K33)
u3-…-λ∆K3nun= f3 (3.61)………
1 1u Kn
∆
−λ -λ∆Kn2u2-λ∆Kn3u3-…+
(
1−λ∆Knn)
un=fn56
sistemi elde edilir. Bu sistemin Cramer yöntemi ile çözülebilmesi için katsayılar determinantının sıfırdan farklı olması gerekir.Katsayılar determinantını ∆
( )
λ ile gösterelim.Yani sonsuz sütunlu bir determinant olarak düşünülebilir. Bu tür determinantlara Fredholm determinantları denir. Diğer taraftansütunlu bir determinant olarak Fredholm determinantı olur. Böylece
57
yazılabilir. Bu değer (3.26) de yerine yazılırsa
u(x)= f(x)+ λ
( )
inceleyelim.(3.63) gereğince ∆( )
λ açılımında∑
işaretleri yerine integraller yazılırsaolur. n -yinci terimdeki n katlı integral An ile gösterilirse (3.65) ifadesi kısaca
D
( )
λ =( )
58
bağıntısı ile integral denklem çözülür.
3.13.Özdeğerler ve Özfonksiyonlar
u
( )
x ≡0 fonksiyonu59
formundaki 2 tipten homojen Fredholm integral denkleminin daima bir aşikar çözümüdür.
Ancak λ parametresinin bazı değerleri için özdeş olarak sıfır olmayan bazı çözümleri olabilir. λ parametresinin bu değerlerine (3.69) denkleminin veya K
( )
x,t çekirdeğinin karakteristik sayıları denir. Bu karakteristik sayılara karşılık gelen sıfırdan farklı çözümlere de özfonksiyon denir.( )
x tK , çekirdeği
[ ] [
a,b × a,b]
karesinde sürekli veya bu karede kuadratik olarak toplanabilir ise her λ karakteristik sayısına sonlu sayıda lineer bağımsız özfonksiyon karşılık gelir. Bu fonksiyonların sayısına karakteristik denklemin indeksi denir.u
( )
x = r( ) ( ) ( )
xs t ut dtintegral denkleminin p
(
p≤n)
karakteristikleriD
( )
λ =cebirsel denkeminin kökleridir. D
( )
λ determinantı
(
1−λc11)
A1−λc12A2 −λc13A3 −...−λc1nAn =060
lineer, homojen cebirsel denklem sisteminin katsayılar determinantıdır. Eğer (3.71) denkleminin p
(
1≤ p≤n)
adet kökü varsa (3.70 ) denkleminin p tane karakteristik sayısı vardır. Her λm(
m=1,2,...p)
karakteristik sayısı (3.72) sisteminin sıfırdan farklıλ1 → A1( )1 ,A2( )1,,...,An( )1 ………
λp →A1( )p ,A2( )p ,,...,An( )p
çözümlerine karşılık gelir.(3.70) integral denkleminin bu çözümlere karşılık gelen sıfırdan farklı çözümleri yani özfonksiyonları
( )
x A( )a( )
xu k
n
k
∑
k=
=
1 1
1 , u
( )
x A( )ak( )
xn
k
∑
k=
=
1 2
2 ,…,u
( )
x A( )ak( )
xn
k p k
p
∑
=
=
1
şeklinde olur. Dejenere çekirdekli integral denkleminin en fazla n tane karakteristik sayısı ve bunlara karşılık gelen n tane özfonksiyonu vardır.
Her bir λ ya karşılık gelen u
( )
x karakteristik fonksiyonunun bir c sabit katı da karakteristik fonksiyondur.Örnek 3.13:u
( )
x =λ∫
π(
x t+ x t)
u( )
t dt0
3
2 cos2 cos3 cos
cos (3.73)
homojen integral denkleminin karakteristik sayılarını ve özfonksiyonlarını bulalım.
u
( )
x =λ x∫
π(
t) ( )
u tdt0
2 cos2
cos +λ x
∫
π(
t)
u( )
t dt0
cos3
3 cos
olmak üzere
A1=
∫
π(
t) ( )
u tdt0
2
cos veA2=
∫
π(
t)
u( )
tdt0
cos3
61 dönüşümlerini yaparsak
u
( )
x = 1cos xA2
λ +A2λcos3x bulunur. Bunu (3.73) te yerine yazarsak
1
cos xA2
λ +A2λcos3x=λ
∫
π( ) (
λ +λ)
0
2 2
1
2 cos2 cos cos3
cos x t A t A t dt+
(
t)(
A t A t)
dtx
∫
π λ +λλ
0
2 2
1
3 cos cos3
cos 3 cos
olur. Diğer taraftan
1 =
A λ
∫
π0
2 1 cos2tcos tdt
A +λ
∫
π0
2 cos2tcos3tdt
A =λA1
π +4 λA2.0,
2 =
A λ
∫
π0
2 3
1 cos tcos tdt
A +λ
∫
π0 3
2 cos tcos3tdt
A =λA1 0+λA2 π 8 bulunur. Böylece
− 1 4
1
A λπ =0,
− 1 8
2
A λπ =0 (3.74)
elde edilir. Bu denklem sistemine karşılık gelenD
( )
λ determinantını hesaplayıp sıfıra eşitlersek
1 8 0
4 0 1
λπ λπ
−
−
=0
olup ve buradan da karakteristik değerler
λ1 =π4 ve
λ2 =π8
olarak bulunur. Bu λ değerlerini (3.74) de yerine yazarsak bunlara karşılık gelen özfonksiyon A2 =0 olduğu için sadece
u
( )
x =A1λcos2x62 şeklinde elde edilir.
u x K x tu t dt
b
a
) ( ) , ( )
( =λ
∫
homojen Fredholm denklemi herhangi bir özdeğere ve özfonksiyona sahip olmayabilir. Sadece u
( )
x ≡0 çözümüne yani aşikar çözüme sahip olabilir.Aşikar çözüm olması Ai nin hesabındaki integrallerin hepsinin sıfıra eşit olmasıyla mümkündür.
Örnek3.14:
( )
=∫
1(
−) ( )
0
dt t u x t t x x
u λ denkleminin karakteristik sayısı ve öz
fonksiyonu yoktur. Gerçekten
=
∫ ( )
1
0
1 tu t dt
A , =
∫ ( )
1
0
2 tut dt
A (3.75)
u
( )
x =A1λ x-A2λx (3.76) olup (3.76) ; (3.75) te yerine yazılır ve işlemler yapılırsa0 3
5
1 2 1 + 2 =
− λ A λ A
0 5
1 2
2 1 2 =
+ +
−λ A λ A
(3.77)
sistemi elde edilir. Bu sistemin determinantı
D
( )
λ =1 150 5
1 2 2
3 5
1 2 2
λ λ
λ λ λ
+
= +
−
−
bulunur.Bu da sıfıra eşit olamayacağı için A1 = A2 =0 elde ederiz.Yani bu integral denklemin λ nın her değeri için u
( )
x ≡0 dan başka çözümü yoktur.63
Tanım 3.5: Bir integral denklemininK
( )
x,t çekirdeği K( )
x,t =K ,( )
t x ) eşitliğini sağlıyorsa K( )
x,t çekirdeğine simetrik çekirdek denir. Çekirdeği simetrik olan integral denklemlere de simetrik denklem denir.3.14.Volterra İntegral Denklemleri
Tanım 3.6:u
( )
x bilinmeyen,K( )
x,t çekirdek fonksiyonu olmak üzere u x f x K x tu t dtx
a
) ( ) , ( )
( )
( = +λ
∫
(3.78)şeklindeki integral denkleme 2.tip homojen olmayan lineer Volterra integral denklemi denir. Eğer (3.78) de
f
( )
x ≡0 ise u x K x t u t dtx
a
) ( ) , ( )
( =λ
∫
(3.79)denklemine 2.tip lineer homojen Volterra integral denklemi denir.(3.79) tipindeki denklemler genellikle diferensiyel denkleme dönüştürülerek çözülürler.
3.15.Volterra İntegral Denkleminde Resolvant
Bu kesimde 0≤x≤a,0≤t ≤xiçin K
( )
x,t ve 0≤ x≤a için f( )
xfonksiyonu sürekli olmak üzere
0
( ) ( ) ( , ) ( )
x
u x = f x +λ
∫
K x t u t dt (3.80)2.tip Volterra integral denkleminin
u
( )
x =u0( )
x + λ u1( )
x +λ2u2( )
x +...+λnun( )
x +... (3.81)64
formunda bir kuvvet serisi şeklinde çözümünü araştıracağız. Bu seriyi (3.80) denkleminde yerine yazarsak
( )
xu0 + λ u1
( )
x +λ2u2( )
x +...+λnun( )
x +...=f x K x t
[
u( )
x u( )
x u( )
x un( )
x]
dtn x
a
...
...
) , ( )
( +λ
∫
0 +λ 1 +λ2 2 + +λ + (3.82)elde edilir.(3.82) nin sağ yanını düzenleyip λ nın kuvvetlerine göre her iki yanı eşitlersek
u0
( )
x = f( )
x ,u1
( )
x = K( ) ( )
x t u tdtx
∫
0
, 0 ,
u2
( )
x = K( ) ( )
x t u tdtx
∫
0
, 1 ,
……….
un
( )
x = K( )
x t u( )
tdtx
∫
n−0
, 1
elde edilir. u0
( )
x ifadesini u1( )
x te yerine yazar ve bu işlemleri ardı ardına yaparsaku0
( )
x = f( )
x ,u1
( )
x = K( ) ( )
x t f tdtx
∫
0
, ,
u2
( )
x = K( )
x t K(
t t) ( )
f t dt dtx t
∫ ∫
0
1 0
1
, 1
,
f
( )
t dt K( ) (
x t K t t)
dtx
t x
1 1
0
1 , ,
1
∫
∫
=
65 ( )
( ) ( )
1 10
1
2 x,t f t dt K
x
∫
=
………
( )
=∫
( )( ) ( )
x n
n x K x t f t dt
u
0
, n=1,2,...
elde edilir. Bulunan K( )n
( )
x,t fonksiyonlarına itere çekirdekler veya ardışık çekirdekler denir. Ayrıca bu çekirdeklerK1
( )
x,t =K( )
x,tK( )
( )
x t K(
x z)
K( )n( )
z t dzx
t
n+1 , =
∫
, , n=1,2,... (3.83) biçiminde de yazılabilir. Bu durumda (3.81) serisi (3.83) bağıntısının yardımıylau
( )
x = f( )
x + K( )( ) ( )
x t f t dti x
i
∑ ∫
∞ i=1 0
λ ,
biçiminde yazılabilir. Burada
∑
∞ ( )( )
=
+ 0
1 ,
i
i
iK x t
λ serisi K
( )
x,t sürekli olduğundan mutlak ve düzgün yakınsak olup buna resolvant denir veR(
x,t;λ)
ile gösterilir.Yani
R
(
x,t;λ)
=∑
∞ ( )( )
=
+ 0
1 ,
i
i
iK x t
λ (3.84)
olup itere çekirdekler ve çözücü çekirdek integralin alt sınır değerinden bağımsızdır. R
(
x,t;λ)
çözücü çekirdeği hesaplandığı takdirde Volterra integral denkleminin çözümü66
olarak bulunur. Buda Fredholm denklemleri için bulunan bağıntı ile benzerdir.
Örnek3.15:Çekirdek fonksiyonu K
( )
x,t =ex−tolan Volterra denkleminin çözücü çekirdeğini bulalım.K1
( )
x,t =K( )
x,t =ex−t,1 1 denkleminin çözümünü bulalım.
( )
x t+ olmak üzere önce çözücü çekirdeği bulalım.
67
elde edilir.(3.84) eşitliğinden λ =1 olduğu da göz önüne alınarak
R
(
x,t;λ)
=elde edilir.(3.85) eşitliğinden
u
( )
x =∫∑
(
+)
bulunur. Gerekli sadeleştirmeler ve düzenlemeler yapılırsa çözüm u
( )
x =(
1+x2)(
1+ex)
olarak elde edilir. Şimdi
u x f x K x t u t dt
tipinde ki Volterra tipi integral denklemi inceleyelim. Bu tip denklemlere konvolüsyon tipinden integral denklem denir.(3.86) nın her iki yanının Laplace dönüşümü alınırsa
( )
68
Φ
( )
s =F( )
s +k( )
s Φ( )
s (3.87) elde edilir. BuradanΦ
( )
s =( ) ( )
sk s F
−
1 k
( )
s ≠1 (3.88) olur. Diğer taraftan (3.86) nın çözümünüu
( )
x = f( )
x +∫
xR(
x−t) ( )
f t dt0
(3.89)
biçiminde yazabiliriz.(3.89) un her iki yanının Laplace Dönüşümünü alırsak Φ
( )
s =F( )
s +r( )
s F( )
s ⇒( ) ( ) ( )
( )
sF s F s s
r Φ −
= (3.90)
bulunur.(3.88) de bulduğumuz Φ
( )
s değerini (3.90) da yazarsak r( )
s =( )
( )
sk s k
−
1 (3.91) bulunur. r
( )
s in ters Laplace dönüşümü, yani R ,( )
x t fonksiyonu (3.86) integral denkleminin çözücü çekirdeğidir.Örnek 3.17:Çekirdeği K
(
x−t)
=sin(
x−t)
olan Volterra integral denkleminin çözücü çekirdeğini bulalım.(λ=1)
( )
1 1
2 +
= s s k
(3.91) eşitliğini kullanırsak
( )
L( )
x ss s s
r = =
− +
= + 2
2
2 1
1 1 1
1 1
elde edilir.O halde çözücü çekirdek R
(
x,t;1)
=x−tolarak bulunur.
69 3.16.Euler İntegralleri
Bu kesimde önce Gamma ve Beta fonksiyonları yardımıyla Euler integral denklemini göreceğiz.
Tanım 3.7:z,Re
( )
z >0 olan herhangi bir kompleks sayı olmak üzere Γ( )
z =∫
∞ − −0
1dt t
e t z (3.92)
şeklinde tanımlanan fonksiyona Gamma fonksiyonu denir. Gamma fonksiyonuna 2.tip Euler integrali de denir.
z=1 için Γ
( )
1 =∫
∞ −0
dt
e t =1 (3.93)
elde edilir.(3.92) ifadesine kısmi integrasyon uygulanırsa Γ
( )
z =1(
1)
+ zΓ z
yani Γ
(
z+1)
= zΓ( )
z (3.94) olur.(3.93) ve (3.94) eşitliklerinden z pozitif tamsayı olarak alınırsa yani z = n içinΓ n
(
+1)
=n! (3.95) elde edilir. Analiz bilgilerinden
∫
∞ −0
2dx e x =
2 π .
olduğunu biliyoruz. Burada 2
1
t
x= dönüşümü yaparsak integral
1 1 2 0
e tt dt π
∞ −
− =
∫
elde edilir.(3.93) denklemini göz önüne alırsak üstteki ifadeden
70
olduğunu görürüz. Gamma fonksiyonunun (3.95) ile belirtilen özelliğini kullanarak
elde edilir. İşlemlere bu şekilde devam edilirse
( )
πNegatif ancak tamsayı olmayan reel sayılarda Gamma fonksiyonunun değerleri m∈N olmak üzere −m<x<−m+1 için
Ayrıca Gamma fonksiyonunun
( ) ( )
özelliği vardır. Diğer taraftan
( ) ( )
n( )
nxbağıntısı mevcut olup buna Gauss-Legendre çarpım formülü denir.
Bu bağıntıda n=2 alınırsa
71
( )
+ Γ
Γ 2
x 1
x =
( )
2 22 2x( )
2x1 2 1
− Γ π
= 2 22 2x
( )
2x1 2 1
− Γ π
=2 x 2
( )
2x1 2 1− π Γ olduğu görülür.
0
Rez> olmak üzere
( )
zΓ =
∫
∞ − −0
1dt t e t z
integraline e−t =x dönüşümünü uygulayalım. Bu durumda dx
dt
e−t =− ,t =0 için x=1 ve t → ∞ için x=0 olur.
1
1 1
ln
−
−
=
z z
t x olduğundan Γ
( )
z fonksiyonu
( ) ∫
−
= Γ
1
0
1 1
ln dx
z x
z
(3.97)
olarak yazılabilir.
Tanım 3.8: Rem>0 ve Ren>0 olmak üzere
( )
=∫
1 −(
−)
−0 1 1
1
,n x x dx
m
B m n (3.98)
şeklinde tanımlanan fonksiyona Beta fonksiyonu denir. Beta fonksiyonuna 1.tip Euler integrali denir.
Beta ve Gamma fonksiyonları arasında B
(
m,n)
=( ) ( )
(
m n)
n m
+ Γ
Γ
Γ (3.99)
72 şeklinde bir bağıntının olduğu gösterilebilir.
3.17.Birinci Tip Volterra İntegral Denkleminin Gamma-Beta
3.17.Birinci Tip Volterra İntegral Denkleminin Gamma-Beta