5. LORENZ UZAYINDA HEL· ISEL VEKTÖR ALANLARI
5.4 E 1 2n+1 Lorenz Uzay¬nda Helisel Vektör Alanlar¬
Simdi, 3 boyutlu Lorenz uzay¬için verdi¼gimiz ifadeleri 2n+1 boyutlu Lorenz uzay¬na geni¸sletelim.
5.4 E12n+1 Lorenz Uzay¬nda Helisel Vektör Alanlar¬
Tan¬m 5.4.1. E12n+1 üzerinde
f : E12n+1 ! E12n+1
x ! f(x) = y(t) = g(t)x + c(t)
¸seklinde tan¬mlanan dönü¸süme 1-parametreli genel hareket denir. Burada, g(t)2 SO(2n + 1; 1); c(t) 2 R2n+11 dir. Bu hareketin matris formunda ifadesi
2
¸seklindedir. A(t) formundaki 1-parametreli matrisler, matris çarp¬m¬na göre
G =fA : A =
¸seklide bir grup olu¸stururlar. G bir Lie grubudur. Bu gruba kar¸s¬l¬k gelen Lie cebirini g ile gösterecek olursak,
g =f
¸seklinde elde edilir. Lie cebirinin elemanlar¬helisel vektör alanlar¬ile bire bir e¸ slenir-ler.
Tan¬m 5.4.2. S 2 R2n+12n+1 bir anti-simetrik matris ve V 2 R2n+11 olmak üzere
X : E12n+1 ! R2n+11
M ! X(M) = V + S:M!
(5:4:1)
¸seklinde tan¬mlanan lineer dönü¸süme helisel vektör alan¬denir.
Tan¬m 5.4.3. X bir helisel vektör alan¬ve : I ! E12n+1, t ! (t) bir e¼gri olsun.
E¼ger her t 2 I için
d
dt = X( (t)) (5:4:2)
oluyorsa, e¼grisine X helisel vektör alan¬n¬n integral e¼grisi denir.
1-parametreli harekette x noktas¬n¬n yöüngesi y(t) = g(t)x + c(t) dir. Burada türev al¬n¬rsa,
y(t) = g(t)x + c(t)
= g(t)g 1(t)(y(t) c(t)) + c(t)
= !(t)y(t) !(t)c(t) c(t) y(t) = !(t)y(t) + v(t)
elde edilir. t = 0 an¬nda h¬z vektörü y(0) = !(0)y(0) + v(0) d¬r.
¸
Simdi y1(0) = y(0) = M noktas¬nda h¬z¬y(0) ile ayn¬olan ani hareketi bulal¬m. Bu hareketi y1(t) ile gösterelim. Bu durumda
y1(t) = !y1(t) + v
diferensiyel denklemini
y1(0) = y(0) = M
ba¸slang¬ç ¸sart¬alt¬nda çözersek,
5 helisel vektör alan¬n¬n integral e¼grisidir.
Teorem 5.4.4. X; E12n+1 de bir helisel vektör alan¬ve X in f0; u1; :::; u2n+1g orto-normal çat¬s¬na göre matrisi; 2
4 ! v 0 0
3 5
olsun. Burada ! 2 R2n+12n+1 bir anti-simetrik matris ve v 2 R2n+11 bir sütun matristir.
Bu durumda;
1. rank[!; v] = 2n + 1 ise, X in integral e¼grileri, ortak eksenli ayn¬ parametreli dairesel helis e¼grileridir.
2. rank[!; v] = 2k, 1 k n ise, X in integral e¼grileri, paralel düzlemlere dik olan bir eksen üzerinde bulunan çemberlerdir.
3. rank[!; v] = 2k + 1, 1 k n ise, X in integral e¼grileri, dairesel helislerdir.
4. rank[!; v] = 1 ise, X in integral e¼grileri, paralel do¼grulard¬r.
Ispat.· X helisel vektör alan¬, her M = (x1; :::; x2n+1)2 E12n+1 için olarak bulunur. E12n+1 de
: I ! E12n+1
t! (t) = ( 1(t); :::; 2n+1(t)) e¼grisini ele alal¬m.
1. n¬n X vektör alan¬na ait bir integral e¼grisi olabilmesi için d
dt = X( (t)) (5:4:5)
diferensiyel denklemini sa¼glamas¬ gerekir. O halde bu diferensiyel denklemin çözümünü arayal¬m.
(5:4:5) diferensiyel denkleminin (t) = M ve M = (x1; :::; x2n+1) ba¸slang¬ç
¸sartl¬integral e¼grisi
X(M ) = ( 1x2+ a1; 1x1+ a2; :::; nx2n+ a2n 1; nx2n 1+ a2n; a2n+1)
için
d
dt = X(M ) (5:4:6)
diferensiyel denkleminin çözüm e¼grisidir.
(5:4:6)denkleminin aç¬k ifadesi dx1
dt = 1x2+ a1
dx2
dt = 1x1+ a2 dx3
dt = 2x4+ a3 dx4
dt = 2x3+ a4
... (5:4:7)
dx2n 1
dt = nx2n+ a2n 1 dx2n
dt = nx2n 1+ a2n dx2n+1
dt = a2n+1
¸seklindedir.
(4:4:7)denklem sisteminde i¸slemleri basitle¸stirmek amac¬yla i = 1, 1 i n almam¬z genelli¼gi bozmaz. Bu durumda (5:4:7) sistemi;
dx1
dt = x2+ a1 dx2
dt = x1+ a2 dx3
dt = x4+ a3 dx4
dt = x3+ a4
... (5:4:8)
dx2n 1
dt = x2n+ a2n 1
dx2n
dt = x2n 1+ a2n dx2n+1
dt = a2n+1 = c
¸seklini al¬r.
(5:4:8)sisteminde son denklemin çözümü
x2n+1 = ct + d (5:4:9)
¸seklindedir.
Geriye kalan 2n tane denklem iki¸ser iki¸ser çözülürler.
(5:4:8)sisteminde ilk iki denklemi ele alal¬m:
dx1
dt = x2 + a1 dx2
dt = x1 + a2:
·Ikinci denklemin türevi al¬n¬r ve dx1
dt de¼geri yerine yaz¬l¬rsa, d2x2
dt2 x1 = a1 (5:4:10)
bulunur. Bu denklemin çözümü
x2 = A1cosh t + B1sinh t a1
¸seklinde bulunur. Bu de¼gerin yerine yaz¬lmas¬yla
x1 = A1sinh t + B1cosh t a2
elde edilir.
Bu ¸sekilde devam edilirse, (2n 1) ve 2n-inci denklem çiftinin çözümü
x2n 1 = Ansin t Bncos t + a2n x2n = Ancos t + Bnsin t a2n 1
¸seklinde bulunur.
Buradan X lineer vektör alan¬na kar¸s¬l¬k gelen (t)integral e¼grisinin ifadesi;
(t) = (A1sinh t + B1cosh t a2; A1cosh t + B1sinh t a1; :::;
Ansin t + Bncos t + a2n; Ancos t + Bnsin t a2n 1; ct + d) (5:4:11)
olur.
0(t) = (A1cosh t + B1sinh t; A2sinh t + B2cosh t; :::;
Ancos t Bnsin t; Ansin t + Bncos t; c)
olmak üzere
< 0(t); (0; :::; 0; 1) >= c =sabit oldu¼gundan (t)bir helis belirtir.
2. rank[!; v] = 2k, 1 k n olsun.
(a) E¼ger rank[!; v] = 2n ise, bu durumda
a2n+1 = 0
olmas¬gerekir. Bu durumda (5:4:8) diferensiyel denklem sistemi dx1
dt = x2+ a1 dx2
dt = x1+ a2 dx3
dt = x4+ a3 dx4
dt = x3+ a4
... (5:4:12)
dx2n 1
dt = x2n+ a2n 1 dx2n
dt = x2n 1+ a2n dx2n+1
dt = a2n+1 = 0 olur. Bu denklem sisteminin çözümü (5:4:11) den
(t) = (A1sinh t + B1cosh t a2; A1cosh t + B1sinh t a1; :::;
Ansinh t + Bncosh t + a2n; Ancosh t + Bnsinh t a2n 1; d)
bulunur. Bu integral e¼grilerinin çember oldu¼gu a¸sikard¬r.
(b) rank[!; v] = r, r = 2; 4; :::; 2n 2olsun. Bu durumda (5:4:3) deki matris-ten
rank[!; v] = r, i = 0; r
2+ 1 i n yaz¬labilir. Böylece (5:4:8) diferensiyel denklem sistemi;
dx1
dt = x2+ a1 dx2
dt = x1+ a2
... (5:4:13)
dxr 1
dt = xr+ ar 1 dxr
dt = xr 1+ ar
dxj
dt = 0; r + 1 j 2n + 1
¸sekline dönü¸sür. Bu durumda denklem sisteminin çözümü (5:4:11) den
(t) = (A1sinh t + B1cosh t a2; A1cosh t + B1sinh t a1; :::;
Ar=2sin t Br=2cos t + ar; Ar=2cos t + Br=2sin t ar 1; dr+1; :::; d2n+1)
bulunur. Bu integral e¼grileri yine birer çemberdir.
3. rank[!; v] = 2k + 1, 1 k n olsun.
(a) rank[!; v] = 2n + 1 ise, bu teoremin birinci ¸s¬kk¬n¬verir.
(b) rank[!; v] = 2k + 1 = r + 1, r = 2; 4; :::; 2n 2olsun. Bu durumda (5:4:3) deki ilk matristen
rank[!; v] = r + 1, i = 0;r
2+ 1 i n ve ar+1 6= 0 yaz¬labilir. Böylece (5:4:8) diferensiyel denklem sistemi;
dx1
dt = x2+ a1 dx2
dt = x1+ a2
... (5:4:14)
dxr 1
dt = xr+ ar 1 dxr
dt = xr 1+ ar
dxr+1
dt = ar+1 dxj
dt = 0; r + 2 j 2n + 1 olur. Bu durumda (5:4:14) sisteminin çözümü
(t) = (A1sinh t + B1cosh t a2; A1cosh t + B1sinh t a1; :::;
Ar=2sin t Br=2cos t + ar; Ar=2cos t + Br=2sin t ar 1;
olarak bulunur.
Görüldü¼gü gibi (5:4:15) e¼grileri dairesel helislerdir.
4. rank[!; v] = 1 olsun. Bu ise, her i = 1; :::; n için i = 0 olmas¬demektir. Bu durumda (5:4:8) diferensiyel denklem sistemi
dx1
dt = a1 dx2
dt = a2
... (5:4:16)
dx2n+1
dt = a2n+1 olur. Bu denklem sisteminin çözümü;
(t) = (a1t + d1; a2t + d2; :::; a2n+1t + d2n+1) (5:4:17)
¸seklindedir. Bu ise, paralel do¼grular verir. Böylece teoremin ispat¬tamamlan-m¬¸s olur.
KAYNAKLAR
Acratalishian, A. 1989. E2n+1 de Lineer Vektör Alanlar¬Üzerine. Gazi Üniversitesi Fen Bilimleri Enstitüsü Doktora Tezi, Ankara.
Agrawal, O. M. P. 1987. Hamilton Operators and Dual-Number Quaternions in Spatial Kinematics. Mech. Mach. Theory, 22, 569-575.
Bottema, O. and Roth, B. 1979. Theoretical Kinematics. North Holland Publ.
Company New York.
Chevallier, D.P. 1991. Lie Algebras, Modules, Dual Quaternions and Algebraic Meth-ods in Kinematics. Mech. Mach. Theory, 26, 613-627.
Hacisaliho¼glu, H.H. 1983. Hareket Geometrisi ve Kuaterniyonlar Teorisi. Gazi Üniversitesi Fen-Ed. Fakültesi Yay¬nlar¬Mat. No. 2, Ankara.
Hacisaliho¼glu, H.H. 1993. Diferensiyel Geometri. Ankara Üniversitesi Fen Fakültesi Yay¬nlar¬, Ankara.
Hacisaliho¼glu, H.H. 1998. ·Iki ve Üç Boyutlu Uzaylarda Dönü¸sümler ve Geometriler.
Ankara Üniversitesi Fen Fakültesi Yay¬nlar¬, Ankara.
Karger, A. and Novak, J. 1985. Space Kinematics and Lie Groups. Gordon and Breach Science Publishers.
Veldkamp, G. R. 1964. Application of Dual-Number Quaternion Algebra to the Analysis of Spatial Kinematics. J. Appl. Mech., 86, 300-308.
Yayl¬, Y. 1988. Hamilton Hareketleri ve Lie Gruplar¬. Gazi Üniversitesi Fen Bilimleri Enstitüsü Doktora Tezi, Ankara.
ÖZGEÇM·I¸S
Ad¬Soyad¬: Zafer ÜNAL Do¼gum Yeri: Aalen/Almanya Do¼gum Tarihi: 18.08.1974 Medeni Hali: Evli Yabanc¬Dili: Ingilizce·
E¼gitim Durumu
Lise: Bursa Süleyman Çelebi Lisesi 1991
Lisans: Ankara Üniversitesi Fen Fakültesi Matematik Bölümü 1998 Yüksek Lisans: Ankara Üniv. Fen Bil. Enst. Matematik Anabilim Dal¬2001
Çal¬¸st¬¼g¬Kurumlar ve Y¬l
Ankara Üniversitesi Fen Fakültesi 1998-2006