1.3. Yarı-rijit Bağlantıların Modellenmesi
1.3.7. Dört Parametreli Richard Modeli
1.3.7.1. Moment-Eğrilik İlişkisi
Betonarmeyi oluşturan iki malzemeden biri olan beton, doğrusal-elastik olamayan bir davranış sergiler. Çelik davranışının sünek olmasına karşın betonun davranışı oldukça gevrektir. Bu iki malzemenin bir araya gelmesi ile oluşan
1. GİRİŞ
betonarmenin davranışı, doğrusal-elastik değildir. Bu davranış, hem çeliğin hem de betonun mekanik özelliklerinden etkilenmektedir.
Eğilme momenti veya eğilmeye ek olarak eksenel kuvvetin etkisindeki betonarme bir kesitin davranışı, moment-eğrilik ilişkisinden izlenebilir. Bir betonarme kesitin moment-eğrilik ilişkisinin elde etmenin en sağlıklı yolu deneydir. Ancak her kesit için deney yapmak, hem ekonomik hem de pratik açıdan olası değildir. Bu nedenle, deneylerden elde edilen verilerden yararlanarak beton ve çelik için geliştirilmiş olan basitleştirilmiş
σ-ε
eğrileri kullanılarak , moment-eğrilik ilişkisinin analitik olarak elde edilmesi yoluna gidilmiştir. Bu tür bir analitik yaklaşımla elde edilecek moment-eğrilik ilişkisinin doğruluğu, kullanılan malzeme modellerinin ne denli gerçekçi olduğuna bağlıdır.Moment eğrilik ilişkisi, çelik ve betonun
σ-ε
eğrileri için uygun modeller seçildikten sonra, yazılacak iki denge ve yeterli sayıda uygunluk denkleminden hesaplanır. Klasik mekanikte olduğu gibi, eğilmeden önce düzlem olan kesitlerin, eğilmeden sonra düzlem kaldığı varsayılır. Çözümü basitleştirmek amacıyla, betonun çekme dayanımı ihmal edilerek, çekme bölgesindeki tüm çekme gerilmelerinin donatı tarafından karşılandığı varsayılacaktır. Çelik için, elasto-plastik bir davranış kabulü uygun olacaktır.si siEs fy
σ
=ε
≤ (1.19)Basınç bölgesindeki beton için burada Hognestad Modeli kullanılacaktır. Aşağıda, moment eğrilik eğrisini oluşturan Mi ve
ϕ
i değerlerinin hesabı içinizlenecek yol özetlenmiştir. Önerilen işlemler, her türlü kesit için geçerlidir. Donatının bir, iki veya daha fazla düzeylerde yer alması da çözümü değiştirmez. Ancak işlem basamaklarının izlenmesini kolaylaştırmak ve problemi somutlaştırmak için, şekil 1.6 (c)'deki dikdörtgen kesitin referans alınması yararlı olacaktır. Beton ve çelik için varsayılan
σ-ε
eğrileri de şekil 1.6 (a) ve (b)'de gösterilmiştir. Kesitin, eğilmeye ek olarak eksenel yük(N) taşıdığı gösterilmişse de, basit eğilme durumunda N=0 olabileceği ve aynı çözümün geçerli olacağı unutulmamalıdır.Bu basit örnekte betonun çekme dayanımı ihmal edilmiştir. Çekme altındaki beton için tanımlanacak bir
σ-ε
eğrisi ile çekmeye çalışan betonu da hesaplara dahiletmek mümkündür. Çelik için şekil 1.6 (b)'de gösterilen eğri yerine, pekleşmeyi de içeren üç doğrudan oluşan bir model de kullanılabilir.
n
Burada Hognestad beton modelinin tüm kesit için geçerli olduğu varsayılmıştır. İzlenecek yolun daha iyi anlaşılabilmesi için burada olabildiğince basit malzeme modelleri seçilmiştir.
İzlenecek yol aşağıda özetlenmiştir. Kesitin taşıdığı sabit eksenel yükün bilindiği varsayılmaktadır. (N=0 da olabilir).
∆fc ɛc ɛci ɛc0 ɛcu fc σci σc σs ɛs fy ɛsy (a) (b) x
Şekil 1.6. Malzeme modelleri,birim deformasyon ve gerilme dağılımları
_ d ' h -2 d ' d h d ' xp c c- d ' x3 d -c x1 e σci Fs3 Fc Fs2 Fs1 Tarafsız Eksen ɛs1 ǫ ǫ ǫ ǫs3 ǫ ǫ ǫ ǫs2 ɛci b N Ağırlık Merkezi Acc=cxb (d) (c) (e) xp-x x ̄¯¯
1. GİRİŞ
a. En dış lifteki beton birim kısalması,
ε
ci için bir değer seçilir. Bu değer, sıfırile
ε
cu arasında herhangi bir değer olabilir. Ancak, sistematik bir yaklaşım için, küçükbir değerle, örneğin 0.0002, başlamak daha iyi olacaktır.
b. Tarafsız eksen derinliği ''c'' için bir varsayım yapılır. Bu varsayımın
yapılmasıyla, Şekil 1.6 (d)'de gösterilen birim deformasyon dağılımının geometrisi tam olarak tanımlanmış olur.
c. Şekil 1.6 (d)'den, bilinen
ε
ci ve c için her donatı düzeyindeki birimdeformasyonlar bulunur,
ε
si.
Örneğin, şekil 1.6 (d) ve aşağıdaki denklemden,ε
3hasaplanır. p i si cu c x x c
ε
= − +ε
(1.20)Uzama (-), kısalma (+) alınacaktır.
x
3, kesit ağırlık merkezinden basınç yüzünedoğru ölçüldüğünde, işareti (+) alınacaktır,
x
3=(+),x
1=(-).d. Bulunan
ε
si değerlerinden, her donatı düzeyindeki çelik gerilmesi hesaplanır,si siEs fy
σ
=ε
≤ . Çekme gerilmeleri(-), basınç gerilmeleri de(+) alınacaktır.e. Her düzeyde bulunan donatı gerilmesi, o düzeydeki donatı alanı ile
çarpılarak donatı kuvvetleri bulunur, Fsi =Asi
σ
si. Örneğin, Fs3=As3σ
s3 (basınç ise +).f. Beton basınç bileşkesi Fc hesaplanır. Fc'nin hesabı için, seçilen
ε
ci değeri ile betonσ ε−
eğrisine girilerek, buna karşı gelenσ
si saptanır.g. Bütün iç kuvvetler hesaplanmış olduğundan ilk denge denkleminin sağlanıp
sağlanmadığı kontrol edilir.
c si
F= +F F =?
∑
∑
(1.21)h. Eğer iç kuvvetlerin toplamı olan
∑
F≠N ise, (b)' ye giderek c için yeni bir varsayım yapılır. Eğer∑
F=N ise devam edilir.i.
∑
F=N koşulu sağlandıktan sonra kesitin ağırlık merkezi etrafında iç kuvvetlerin momenti alınır, Mi =F xc(
p − +x)
∑
F xsi i . Saat yönündeki momentler (-)kabul edilmiştir. Kuvvet ve moment kolu için doğru işaretler kullanılmışsa, momentin işareti de doğru çıkacaktır. x
,
Acc alanı üzerinde etkiyen gerilme dağılımının oluşturduğu hacmin ağırlık merkezinin, beton basınç yüzüne olan uzaklığıdır.j. Eğrilik hesaplanır, ci i
c
ε
φ = . Böylece (i) ve (j)'de hesaplanan Mi ve φi
değerleri ile M-
ϕ
eğrisini oluşturan bir nokta bulunmuş olur.k. (a)'ya gidilerek
ε
ci için yeni bir seçim yapılır.ε
cil. Yeterli sayıda nokta (Mi ve φi) elde edildikten sonra eğri çizilir.
Seçilen beton
σ-ε
eğrisi ile,A
cc alanı üzerinde oluşan hacmin ve onun ağırlıkmerkezinin hesabı, bilgisayar olmadığı sürece çok zaman alıcıdır. Bu nedenle, çeşitli
ε
ci değerlerine karşı, gerçekσ-ε
eğrisi ile (örneğin Hognestad) aynı alan ve aynıağırlık merkezine sahip eşdeğer dikdörtgenlerin özellikleri hesaplanarak, Çizelge 1.1'de verilmiştir. Böylece, gerçek dağılım dikdörtgenle değiştirilerek, hesaplar büyük çapta basitleştirilmektedir. Eşdeğer dikdörtgen, gerçek dağılımla yaklaşık aynı alan ve ağırlık merkezine sahip olduğundan bu kolaylık önemli bir hata içermeyecektir. Şekil 1.6' daki kesite eşdeğer dikdörtgen uygulandığında , Fc ve x' ın hesapları son derece
basitleşir. c c F = α(f ) (c)bβ (1.22) (c) x 2 β = (1.23)
Çizelge 1.1'deki
α
, eşdeğer dikdörtgen basınç dağılımının genişliği,β
ise derinliğidir. Başka bir deyişleα
taşıma gücündekik
3'e,β
isek
1'e karşı gelmektedir.1. GİRİŞ
Çizelge 1.1. Eşdeğer Dikdörtgen Dağılımının Özellikleri
εci 0.00025 0.0005 0.0010 0.0015 0.0020 0.0025 0.0030 0.0035 0.0040
β 0.674 0.682 0.700 0.722 0.750 0.781 0.820 0.845 0.874 α 0.178 0.336 0.595 0.799 0.889 0.931 0.930 0.920 0.910 αβ 0.119 0.229 0.417 0.562 0.667 0.727 0.763 0.777 0.795